1、2020-2021学年第一学期昌吉州教育共同体期中质量检测高二年级物理试卷一、单选题（每题4分，共24分）1由电场强度的定义式E=F/q可知，关于某静电场中同一位置的说法，正确的是A电场强度E与电场力F成正比，与电荷量q成反比 B电场强度E的方向一定与电场力F的方向相同C无论q如何变化，电场强度E保存不变 D上式中的电场强度E是由电荷q产生的2如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面，1、2两点间距离与3、4两点间距离相等下列判断正确的是A2、3两点的电势相等B1、3两点的电场强度相等C1、2两点的电场强度相等D1、2两点的电势差与3、4两点的电势差相等3在点电荷Q的电场中，
2、一个粒子()通过时的轨迹如图实线所示，a、b为两个等势面，则下列判断中正确的是( )AQ可能为正电荷，也可能为负电荷 B运动中粒子总是克服电场力做功C粒子经过两等势面的动能EkaEkb D粒子在两等势面上的电势能EpaEpb4有关磁感应强度的下列说法中，正确的是()A某处磁感应强度的方向就是一小段通电导体放在该处时所受磁场力的方向B若有一小段通电导体在某点不受磁场力的作用，则该点的磁感应强度一定为零C若有一小段长为L，通以电流为I的导体，在磁场中某处受到的磁场力为F，则该处磁感应强度的大小一定是大于或等于D由定义式B可知，电流强度I越大，导线L越长，某点的磁感应强度就越小5如图所示的图象中，直
3、线表示某电源路端电压与电流的关系，图线为某一小灯泡的伏安特性曲线。用该电源直接与小灯泡连接成闭合电路，以下说法错误的是（）A电源电动势为 B此时电源的效率为C此时小灯泡的阻值为D此时小灯泡的功率为6下列各图中标出了匀强磁场中通电直导线受安培力的方向，正确的是( )A BCD二、多选题（每题4分，共16分，漏选得2分，错选的零分）7用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容C的因素，设两极板正对面积S，极板间的距离为d，极板所带电荷量为Q，静电计指针偏角为，实验中()A保持Q、S不变，增大d，则变大，C变小B保持d、S不变，增大Q，则变大，C变大C保持Q、d不变，减小S，则变大，C变小D保持Q、
4、S、d不变，在两极板间插入电介质，则变小，C变小8如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，下面判断正确的是（ ）AL1和L3变亮，L2变暗BL1变暗，L2变亮，L3亮度不变CL1中电流变化值小于L3中电流变化值DL1中电流变化值等于L3中电流变化值9说起电流表，小明就头疼，电表的改装是他心中永远的痛，下面这个问题，小明就老是舒扯不清，请你帮忙解决一下：如图所示为有0.1A和1A两个量程的电流表的原理图，已知表头的内阻为200，满偏电流为2mA，则下列说法中正确的是A当使用a、b两个端点时，量程为0.1AB当使用a、c两个端点时，量程为0.1AC，D，10如图
5、所示，为万用表欧姆挡的内部电路，a、b为表笔插孔，下列说法中正确的是Aa孔插红表笔 B表盘刻度是均匀的C用100挡测量时，若指针指在0附近，则应换用1 k挡D测量“220V 100W”的灯泡的电阻，会发现测量的电阻比484小三、实验题（每空3分，共24分）11有一个小电珠上标有“，”的字样，现在要用伏安法描绘这个小电珠的图线，有下列器材供选用：A电压表（，内阻约）B电压表（，内阻约）C电流表（，内阻约）D电流表（，内阻约）E.滑动变阻器（）F.学生电源（直流）、开关、导线若干(1)实验中所用电压表应选用_，电流表应选用_。（用字母序号表示）(2)用笔画线代替导线，把图甲中所示的实验器材连接完整
6、成实物电路图_。(3)已描绘出小电珠的伏安特性曲线如图乙所示，将该小电珠与定值电阻串联后接在电动势为、内阻为的电源两端，小电珠的实际功率为_W。（结果保留两位小数）12（1）如图甲、乙所示为测电流的电动势和内阻的电路，在实验时应选用_电路 （2）选好电路后，由于电流表和电压表内电阻对电路的影响，所测得的电动势将偏_（3）根据实验测得的一系列数据，画出U-I图（如图丙所示），则被测干电池的电动势为_V，内阻为_四、解答题（写必要的文字说明、公式，按步骤给分，共36分，）13如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为210-4的负电荷由A点移到B点，克服电场力做功0.1J，已知A、B两点间距离为4cm，
7、两点连线与电场方向成60角。求：(1)A、B两点间的电势差UAB ；(2)该匀强电场的电场强度E。14有一电子经过电压U0加速后，射入两块间距为d、电压为U的平行金属板间，若电子从两极板正中央射入，且正好能穿出电场电子的质量为m，电量为e。求：（1）电子进入平行金属板间的初速度v0为多少？（2）金属板的长度？15如图所示的电路中，电源电动势E=10V，内阻r=0.5，电动机的电阻R0=1.0，电阻R1=1.5电动机正常工作时，电压表的示数U1=3.0V，求： （1）电动机的输出电功率； （2）电源的输出功率16.如图所示的电路中,两平行金属板水平放置,两板间的距离.电源电动势,内电阻,电阻.闭
8、合开关,待电路稳定后,一带电的液滴恰静止于两板间已知液滴带电量,质量(取)求：(1) 两板间的电压；(2)滑动变阻器接入电路的阻值；(3)电源的输出功率.参考答案1CAE=F/q 是电场强度的定义式，采用比值法定义，则知E与F、q无关，不能说E与电场力F成正比，与电荷量q成反比故A错误B电场强度E的方向一定与正电荷所受的电场力F方向相同，而与负电荷所受的电场力方向相反，故B错误C电场强度反映本身的性质，与试探电荷无关，则无论q如何变化，电场强度E保持不变，故C正确D公式E=F/q中q是放入电场中的试探电荷，E不是由电荷q产生的，故D错误故选C点睛：解决本题根据比值法定义的共性来场强的物理意义，
9、知道公式中各个量的含义，能区分试探电荷与场源电荷的区别2A由题目可得，2与3处于同一条等势线上，所以2与3两点的电势相等，A正确；电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与3比较，它们的电场强度的大小不相同，方向不同，B错误；电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与2比较，它们的电场强度的大小不相同，方向相同，C错误；根据，由于1、2两点的电场线比3、4两点间的电场线密集，故在12两点间电场力做功多，故12两点间电势差大，D错误【点睛】根据电场线的分布特点：从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止，分析该点电荷的电性；电场线越密，场强越大顺着电场线，电势降低利用这些知识进行判断3CA.根
10、据轨迹可以知道，粒子受到的力为斥力，所以Q带正电，A错误。B.因为Q带正电，从b到a电场力做正功，B错误。C.因为从b到a电场力做正功，动能增大，电势能减小，所以EkaEkb，EpaEpb，C正确D错误。4CA、根据左手定则可知，某处磁感应强度的方向与一小段通电导体放在该处时所受磁场力的方向垂直，故A错误；B、若有一小段通电导体在某点不受磁场力的作用，则可能是电流的方向与磁场的方向平行，该点的磁感应强度不一定为零，故B错误；C、一小段长为L，通以电流为I的导体，在磁场中某处受到的磁场力为F，根据公式：可知，该处磁感应强度的最小值一定是，故C正确；D、磁感应强度的是采用比值法定义的，被定义的物理
11、量B与公式中的物理量F、IL无关，B的大小由磁场本身决定，故D错误；故选C。【点睛】关键知道磁场的强弱由磁场本身的性质决定，与电流元所受力的大小无关，也可以通过磁感线的疏密表示磁场的强弱。5BA由图像可知，电源电动势为，选项A正确，不符合题意；B此时电源的总功率 P=EI=31W=3W 电源的输出功率则电源的效率为 选项B错误，符合题意；C此时小灯泡的阻值为选项C正确，不符合题意；D此时小灯泡的功率为选项D正确，不符合题意。故选B。6B根据左手定值可知，A图中的安培力应该垂直磁感线垂直于电流的方向指向左上方故A错误；B图中磁场的方向向下，电流的方向向里，所以安培力的方向向左故B正确；C图中磁场
12、的方向向左，电流方向向上，所以安培力的方向向里故C错误；D图中电流的方向与磁场的方向平行，不受安培力；故D错误故选B.【点睛】本题考查安培定则和左手定则综合应用能力，对于两个定则要注意应用条件的不同：安培定则判断电流与磁场方向的两者关系；左手定则判断通电导线在磁场所受安培力方向与磁场方向、电流方向三者的关系7ACA根据电容的决定式 得知，电容与极板间距离成反比，当保持Q、S不变，增大d时，电容C减小，因电容器的电量Q不变，由电容的定义式 分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角 变大，故A正确；B当保持d、S不变，增大Q时，根据电容的决定式得知，电容C不变，由电容的定义式分析可知板间电势差增
13、大，则变大，B错误；C根据电容的决定式得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小S时，电容C减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角变大，故C正确；D当保持Q、S、d不变，在两极板间插入电介质，根据电容的决定式得知，电容C变大，而由电容的定义式分析可知板间电势差减小，则变小，故D错误故选AC。8ACAB、当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流增大，故L1变亮；电路中总电流增大，故内电压及R0、L1两端的电压增大，而电动势不变，故并联部分的电压减小，故L2变暗；因L2中电流减小，干
14、路电流增大，故流过L3的电流增大，故L3变亮，A正确B错误CD、因L1中电流增大，L3中电流增大，而L2中电流减小；开始时有：I1=I2+I3，故L3上电流变化量大于LI上的电流变化量，C正确D错误9BD使用a、c两个端点时，改装好的电流表量程为当使用a、b两个端点时，改装后电流表的量程为 可知a、b两个端点之间的是大量程，a、c两个端点之间是小量程，代入数据解得R1=0.41 R2=3.67故BD正确，AC错误。 故选BD。10ADA. a孔插红表笔，选项A正确；B. 欧姆表表盘刻度是不均匀的，表现为“左密右疏”，选项B错误；C. 用100挡测量时，若指针指在0附近，说明倍率档选择过大，则应
15、换用10挡，选项C错误；D. 测量“220V 、100W”的灯泡的电阻，会发现测量的电阻比4840小，原因是灯泡正常发光时温度较高，电阻较大，而在常温下电阻减小，选项D正确；故选AD11A D 0.19（0.180.20） (1)12小电珠的额定电压为2.5V，则电压表应选用A；小电珠的额定电流为0.3A，则电流表应选用D；(2)3因小电珠的电阻很小，则采用电流表外接；滑动变阻器用分压电路；电路连接如图；(3)4把电源与定值电阻看成等效电源，作出等效电源的I-U图线如图所示：由图示图线可知，灯泡两端电压：U=0.92V，通过灯泡的电流：I=0.21A，灯泡实际功率P=UI=0.920.21=0
16、.19W12乙 小 1.5 0.5 【解析】试题分析：因电表均不是理想电表，故在实验中会产生误差；分析两电表的影响可知应选择的电路；并根据电路的分析可得出电动势的误差情况根据U-I图线纵坐标的交点为电源的电动势，斜率表示内阻计算电源电动势和内阻（1）本实验中电源内阻较小，故应选择电流表相对电源的外接法，实验电路图选乙；（2）本实验中由于电压表的分流作用，使电流表示数偏小，而当外电路短路时，电流表分流可忽略，故可得出真实图象如图所示；则由图可知，电动势和内电阻偏小；（3）图象与纵坐标的交点为电源的电动势；故E=1.5V；图象的斜率表示内阻，故13（1）UAB=500V；（2）（1）由可得（2）由
17、可得电场强度为14（1）电子进入平行金属板间的初速度v0为（2）金属板的长度为（1）电子经过电压U0加速，有解得（2）电子在电压为U的平行金属板间作类平抛运动，运动时间加速度电子在竖直方向上的位移电子正好能穿出电场，则解以上方程，得15（1）8W （2）18W（1）电动机正常工作时，总电流为电动机两端的电压为U=E-Ir-U1=（10-20.5-3.0）V=6V；电动机的输入电功率为P电=UI=62W=12W电动机消耗的热功率为P热=I2R0=221.0W=4W电动机的输出功率为P输出=P电-P热=（12-4）W=8W（2）电源的输出功率为P出=P-P内=IE-I2r=（102-220.5）W=18W16(1) (2) (3)(1)对液滴利用平衡条件得(2)根据闭合电路欧姆定律,得 ，代入数据，得(3)由(2)得