1、三门峡市外国语高级中学2020-2021学年上期2022届高一期中考试 物理试卷 一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分。其中第17题只有一项符合题目要求，第812题有多项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选得0分）1下列关于物理思想方法说法不正确的是（）A研究地球公转时把地球看成质点是一种理想模型法B加速度的定义a应用了比值法C据速度定义式v，当t极短时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了替代法D在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分很多小段，然后将各小段位移相加，运用了微元法2一只蚂蚁（可视为质点）受香味的吸引，在如图所示的半径为R的管道里从
2、A点出发，以恒定速率v沿相关圆弧ABCOADC进行，最后停在C点，所用时间为t。AC、BD为圆的两条直径，在整个运动过程中，下列说法正确的是（）A蚂蚁运动的位移大小为4R B蚂蚁的运动是匀速直线运动C蚂蚁运动的路程是2R D蚂蚁运动的平均速度为3关于加速度，下列说法正确的是（）A+3m/s2比5m/s2大 B加速度越大，速度也越大C加速度不断增大，速度可能不断减小 D加速度逐渐减小，速度可能保持不变4汽车以10m/s的速度做匀速直线运动，若刹车的加速度大小为4m/s2，那么在刹车后的前2s内与最后1s内汽车通过的位移之比为（）A4：1 B6：1 C12：1 D24：15如图是甲、乙两物体运动的
3、位移图象，关于甲、乙两物体的运动情况，下列说法正确的是（）甲、乙同时开始运动 甲、乙从同一地点开始运动前2s内乙的速度大于甲的速度，2s后乙的速度小于甲的速度在距出发点4m处，甲追上乙，两物体相遇A B C D6、甲乙两车在一平直道路上同向运动，其vt图象如图所示，图中OPQ和OQT的面积分别为s1和s2（s1s2）初始时，甲车在乙车前方s0处下列判断错误的是（）A若s0s1+s2，两车不会相遇 B若s0s1，两车相遇2次C若s0s1，两车相遇1次 D若s0s2，两车相遇1次7关于摩擦力，下列说法正确的是（）A摩擦力的大小与接触面的正压力成正比B摩擦力的方向与接触面相切，并一定与物体运动方向共
4、线C运动的物体可以受到静摩擦力，静止的物体也可以受到滑动摩擦力D静摩擦力一定是阻力，滑动摩擦力不一定是阻力8在某一高度以v010m/s的初速度竖直上抛一个小球（不计空气阻力），当小球速度大小为5m/s时，以下判断正确的是（g取10m/s2）（）A小球在这段时间内的平均速度大小可能为7.5m/s，方向向上B小球在这段时间内的平均速度大小可能为2.5m/s，方向向上C小球在这段时间内的平均速度大小可能为2.5m/s，方向向下D小球的位移大小一定是3.75m9、某人从楼顶由静止释放一颗石子，如果忽略空气对石子的阻力，利用下面的哪些已知量可以测量这栋楼的高度（重力加速度g已知）（ ）A石子落地时的速度
5、 B石子下落的时间C石子下落最初1 s内的平均速度 D石子下落最后1 s内的平均速度10如图所示，一质量为m的木块靠在竖直粗糙的墙壁上，且受到水平力F的作用，二者之间的动摩擦因数为，下列说法正确的是（）A若木块静止，木块受到的静摩擦力大小等于mg，方向是竖直向上B若木块静止，当F增大时，木块受到的静摩擦力随之增大C若木块沿墙壁向下运动，则墙壁对木块的摩擦力大小为FD若开始时木块静止，当撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块不受滑动摩擦力作用11如图所示，在足够高的空间内，小球位于空心管的正上方h处，空心管长为L，小球的球心与管的轴线重合，并在竖直线上，小球直径小于管的内径，不计空气阻力，则下列判断正确
6、的是（）A两者均无初速度同时释放，小球在空中不能穿过管B小球自由下落、管固定不动，小球穿过管的时间C小球自由下落、管固定不动，小球穿过管的时间D两者均无初速度释放，但小球提前t时间释放，则从释放空心管到小球穿过管的时间12、一质点在t0时刻从坐标原点出发，沿x轴正方向做初速度为零、加速度大小为a1的匀加速直线运动，t1 s时到达x5 m的位置，速度大小为v1，此时加速度立即反向，加速度大小变为a2，t3 s时质点恰好回到原点，速度大小为v2，则()Aa23a1 Bv21.5v1C质点向x轴正方向运动的时间为2 s D质点向x轴正方向运动最远到x9 m的位置二实验题（共2小题，共18分，把答案填
7、在题中的横线上或按题目要求作答。）13（10分）某同学利用图（a）所示的实验装置探究物块速度随时间的变化。打点计时器所用交流电源频率为50Hz启动打点计时器，释放物块，打点计时器打出的纸带如图（b）所示（图中相邻两点间有4个点未画出）。根据实验数据分析，该同学认为物块的运动为匀加速直线运动。回答下列问题：（1）根据电磁打点计时器打出的纸带，可以从纸带上直接测量得到的物理量是 A位移 B速度C加速度D平均速度（2）实验一定需要的操作是 。（多选，填字母序号）A电磁打点计时器应使用220V交流电源B纸带和桌面保持平行C在释放物块前，物块要靠近打点计时器D钩码质量远小于物块质量（3）在打点计时器打出
8、B点时，物块的速度大小为 m/s。（保留两位有效数字）（4）物块的加速度大小为 m/s2（保留两位有效数字）（5）打点计时器原来使用的电源的频率是50Hz，若在测定匀变速直线运动的速度时，交流电的频率为60Hz而未被发觉，这样计算出的加速度值与真实值相比是 。（填“偏大”“偏小”或“不变”）14、（8分）(1)(多选)在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”实验中，以下说法正确的是()A弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度B用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态C用刻度尺测得弹簧的长度即弹簧的伸长量D用几根不同的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相等（2）
9、某同学甲做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验时，他先把弹簧平放在桌面上使其自然伸长，用直尺测出弹簧的原长L0，再把弹簧竖直悬挂起来，挂上钩码后测出弹簧伸长后的长度L，把(LL0)作为弹簧的伸长量x，这样操作，由于弹簧自身重力的影响，最后画出的图线可能是()（3）某同学乙在做“探究弹力与弹簧伸长的关系”的实验时，将一轻弹簧竖直悬挂并让其自然下垂，测出其自然长度；然后在其下部施加外力F，测出弹簧的总长度L，改变外力F的大小，测出几组数据，作出外力F与弹簧总长度L的关系图线如图所示(实验过程是在弹簧的弹性限度内进行的)由图可知该弹簧的自然长度为_cm；该弹簧的劲度系数为_N/m.三、计算题（4小题
10、，共计34分，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤）15（8分）甲、乙两车同时从同一地点出发，向同一方向运动，其中甲以10m/s的速度匀速行驶，乙以2m/s2的加速度由静止启动，求：（1）经多长时间两车相距最远？两车相距最远的距离是多少？（2）经多长时间乙车追上甲车？16、(8分)航天飞机在平直的跑道上降落，其减速过程可以简化为两个匀减速直线运动。航天飞机以水平速度v0100 m/s着陆后，立即打开减速阻力伞，以大小为a14 m/s2的加速度做匀减速运动，一段时间后阻力伞脱离，航天飞机以大小为a22.5 m/s2的加速度做匀减速直运动直至停下。已知两个匀减速运动滑行的总路程x137
11、0 m。求：(1)第二个减速阶段航天飞机运动的初速度大小；(2)航天飞机降落后滑行的总时间。17、（8分）小明在探究摩擦力，取了一个原长为12cm的轻质弹簧，其一端固定于质量m5kg的木块上，把装置放置在水平桌面上，小明在另一端施加水平拉力F，如图所示。（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，弹簧在弹性限度内，g10m/s2）求：（1）若木块与水平桌面间的动摩擦因数为0.4，当弹簧拉长至16cm时，物体恰好向右匀速运动，弹簧的劲度系数多大？（2）若重新水平放置装置，将弹簧向右压缩至9cm，求木块受到的摩擦力？18、(10分)2012年11月，“歼15”舰载机在“辽宁号”航空母舰上成功起降，标志着中国航
12、母元年的到来假设某航母的飞行跑道长L160 m，舰载机发动机产生的最大加速度a5 m/s2，舰载机所需的起飞速度为v50 m/s.舰载机在航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动（1）若航母静止，请通过计算判断，舰载机能否靠自身的发动机从舰上起飞？（2）若航母静止，为了使舰载机安全起飞，弹射装置给舰载机的初速度至少为多大？（3）若航母沿舰载机起飞的方向以某一速度匀速航行，为了使舰载机安全起飞，航母匀速运动的速度至少为多大？2020-2021学年上期2023届高一期中考试 物理试卷答案1、C 【解答】解：A、研究地球公转时把地球看成质点是一种理想模型法，故A正确；B、加速度的定义a 应用了比
13、值法，故B正确；C、根据速度定义式v ，当t极短时， 就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限法，故C错误；D、在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分很多小段，然后将各小段位移相加，运用了微元法，故D正确；本题选择不正确的，故选：C。2、D【解答】解：A、位移是指从初位置到末位置的有向线段，所以位移的大小为2R，故A错误；B、蚂蚁沿着圆弧运动，是曲线运动，不是直线运动，故B错误；C、蚂蚁所经过的路程是蚂蚁所走的所有的路线的长度，蚂蚁沿圆弧ABCOADC的过程中，蚂蚁经过的路程为大圆的周长和小圆周长的和，所有经过的总的路程为3R，故C错误；D、平均速度是位移与时间的比值，位
14、移为x2R，时间为t，故平均速度为v ，故D正确。故选：D。3、C【解答】解：A、加速度的正负号表示方向，不表示大小，3m/s2比5m/s2小，故A错误；B、加速度是反映速度变化快慢的物理量，与速度无关，物体的加速度大，速度不一定大，如火箭刚点火瞬间的加速度很大，但速度很小，故B错误；C、当物体的加速度方向与速度的方向相反时，加速度增大，物体的速度减小，故C正确；D、加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度减小说明有加速度，物体的速度一定会发生变化，故D错误；故选：C。 4【解答】解：汽车速度减为零所需的时间为t，则根据匀变速直线运动的公式：0v0at，解得：t s2.5s则刹车后前2s内位移
15、：x1v t1 at 102m 422m12m最后1s内的位移：x2 at 4122m则x1：x26：1。故选：B。5、B【解答】解：甲和乙都在t0时刻开始运动，故正确。由图可知甲从原点出发，乙从距原点2m处出发，故错误。xt图象的斜率等于物体运动的速度，从图象中看出直线甲斜率大于直线乙的斜率，所以甲的速度一直大于乙的速度，故错误。在距出发点4m处，甲追上乙，两者位移相等，两物体相遇，故正确。故选：B。6、【解答】解：由图线可知：在T时间内，甲车前进了s2，乙车前进了s1+s2；A、在tT时，两车速度相同，若s0s1+s2，则s0s1，两车不会相遇，故A正确；B、若s0+s2s1+s2，即s0
16、s1，在T时刻之前，乙车会超过甲车，但甲车速度增加的快，所以甲车还会超过乙车，则两车会相遇2次，故B正确；C、若s0s1，则s0+s2s1+s2，即两车只能相遇一次，故C正确。D、若s0s2，由于s1s2，则s1s0，两车不会相遇，故D错误；本题选错误的，故选：D7、C8、【解答】解：ABC根据 ，速度为向上的5m/s时平均速度大小为 m/s7.5 m/s，方向向上；速度为向下的5m/s时平均速度大小为 m/s2.5 m/s，方向向上，故AB正确，C错误；D根据v2v022gH解得H3.75m，所以小球的位移大小一定是3.75 m，故D正确。故选：ABD。9、ABD10、ACD【解答】解：A、
17、B、木块在推力作用下静止时，处于平衡态，受推力F、重力G、向上的静摩擦力f和向右的支持力N，如图根据共点力平衡条件FNGf当推力增大时，物体仍然保持静止，故静摩擦力的大小不变，始终与重力平衡；因而A正确、B错误；C、若木块沿墙壁向下运动，则墙壁对木块的滑动摩擦力大小为F，C正确；D、撤去推力后，墙壁对物体的支持力减小为零，故最大静摩擦力减为零，物体只受重力，做自由落体运动，D正确；故选：ACD。11【解答】解：A若两者无初速度同时释放，则在相同时间内下降的高度相同，可知小球在空中不能穿过管，故A正确。BC若小球自由下落、管固定不动，小球穿过管的时间是小球到达管的下端与到达管的上端的时间差， ，
18、故B错误，C正确。D两者均无初速度释放，但小球提前t时间释放，当t较小时，根据 ，可知小球穿过管的时间 ，故D错误。故选：AC。12、BD13、【解答】解：（1）可以从纸带上直接测量得到的物理量是位移，故A正确，BCD错误，故选：A。（2）A、电磁打点计时器应使用46 V交流电源，故A错误。B、纸带和桌面保持平行，故B正确。C、在释放物块前，物块要靠近打点计时器从而充分利用纸带，故C正确。D、本实验是研究物体的速度随时间变化的情况，不是探究合外力与加速度的关系，所以不用保证钩码质量远小于物块的质量，故D错误。故选：BC。（3）根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，所以vB
19、 m/s0.56 m/s。（4）根据匀变速直线运动的推论公式xaT2，可以求出加速度的大小，得x3x12a1T2x4x22a2T2。为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值得a （a1+a2）带入数据解得a2.0 m/s2。（5）频率变大，打点时间间隔变小，点间距变小，速度变化减小，则计算的加速度偏小。故答案为：（1）A；（2）BC；（3）0.56；（4）2.0；（5）偏小。14、解析(1)本实验中应以需要研究的一根弹簧为实验对象，D错误；弹簧长度与弹簧原长之差为弹簧的伸长量，C错误；A、B说法正确(2)由于弹簧自身重力的影响，当不挂钩码时，弹簧的伸长量x0，所以选C.（3）当外力F
20、0时，弹簧的长度即原长为L010 cm，图线的斜率就是弹簧的劲度系数，即k10.003010102 N/m50 N/m.答案(1)AB(2)C （3）105015【解答】解析：（1）当甲乙两车速度相等时两者相距最远，根据vat，t 5 s（2）最远距离 25m（3）设甲车位移为x1，乙车位移为x2，则x1x2，即v1t1 ，代入数据解得t110 s答：（1）经5s时间两车相距最远；（2）两车相距最远的距离是25m；（3）经10s时间乙车追上甲车16、【解析】(1)设第二个减速阶段的初速度为v1，根据运动学公式则有： (1分) (1分)x1x2x (1分)解得：v140 m/s (1分)(2)由
21、速度公式可得：v0v1a1t1 (1分)v1a2t2 (1分)tt1t2 (1分)解得：t31 s (1分)17、【解答】解：（1）根据胡克定律可知：Fkx1x1L1L04cm0.04mFNG50N由物体恰好匀速运动，有：FfFN20N解得劲度系数k500N/m；（2）压缩量为：x2L0L23cm0.03m，F1kx215N，F1小于最大静摩擦力20N，物体受静摩擦力FfF115N，摩擦力方向水平向左。答：（1）若木块与水平桌面间的动摩擦因数为0.4，当弹簧拉长至16cm时，物体恰好向右匀速运动，弹簧的劲度系数为500N/m；（2）若重新水平放置装置，将弹簧向右压缩至9cm，木块受到的摩擦力为
22、15N，方向水平向左。18、（11分）解析：(1)航母静止时，飞机靠发动机加速，加速度a5 m/s2，初速度为v00，位移L160 m，末速度为v1，由运动学公式得v21v202aL，1分解得v140 m/s50 m/s，1分故舰载机不能靠自身发动机从舰上起飞1分弹射装置给舰载机的初速度为v2，起飞的速度为v50 m/s，由运动学公式得v2v222aL，1分解得v230 m/s.1分故弹射装置给舰载机的初速度至少为30 m/s. (2)设舰载机起飞所用的时间为t，位移为L2，航母的位移为L1，匀速航行的最小速度为v3.由运动学公式得vv3at v2v232aL2L1v3t又L2LL1代入数据，联立解得航母匀速航行的最小速度为 v310 m/s.答案：(1)不能30 m/s(2)10 m/s