1、辽宁省协作校辽师大附中、本溪高中、沈阳二中等高考物理一模试卷一、选择题（共8小题，每题6分每题给出的四个选项中，第1-5题只有一个选项，第5-7有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1下列关于物理学家所做科学贡献、物理规律以及物理量的单位等说法正确的是（） A 从牛顿第一定律可演绎出“质量是物体惯性大小的量度”的结论 B 开普勒经过多年的潜心研究，提出了行星运动的三大定律，并揭示了行星运动规律的力学原因 C 库仑最早引入电场概念并提出用电场线表示电场 D kgm/s2与WbA/m能表示同一个物理量的单位2如图所示，在光滑水平面上，用弹簧水平连接一斜面，弹
2、簧的另一端固定在墙上，一人站在斜面上，最初系统静止不动，后来人沿斜面加速向上运动，则（） A 最初系统静止不动时，弹簧处于压缩状态 B 最初系统静止不动时，斜面共受到4个力作用 C 在人沿斜面加速向上运动的过程中，弹簧处于压缩状态 D 在人沿斜面加速向上运动的过程中，弹簧处于原长3一卫星绕火星表面附近做匀速圆周运动，绕行n圈用时为t假设宇航员在火星表面以初速度v水平抛出一小球，经过时间t1恰好垂直打在倾角=30的斜面体上，已知引力常量为G，则火星的质量为（） A B C D 4两物体A、B从不同地点沿同一方向同时开始做直线运动，速度时间图象如图所示t2时刻A、B相遇，在0t2时间内，下列说法错
3、误的是（） A A的加速度不断增大 B A、B的距离先减小，再增大，再减小 C A、B的距离先增大，再减小，再增大 D t=0时刻A在B的前方5如图所示，将四个相同正点电荷分别放在正方形的四个顶点上O点为该正方形对角线的交点，直线段AB通过O点且垂直于该正方形所在平面，OAOB，则一电子沿AB方向从A运动到B的过程中（） A 电子在A点的电势能最大 B 电子在B点的电势能最小 C 电子受到的电场力一定先变小后变大 D 电子受到的电场力一定先变大后变小再变大6一物体在沿斜面向上的拉力F作用下由静止开始沿斜面向上运动，如图甲所示在物体运动过程中，其机械能E与位移x的关系图象如图乙所示，其中曲线上点
4、A处的切线的斜率最大，则（） A 在x2处物体的速度最大 B 在x1处物体所受拉力最大 C 在x1x3的过程中，物体的动能先增大后减小 D 在0x2的过程中，物体的加速度先增大后减小7如图所示，两个倾角分别为30和60的光滑斜面固定于水平地面上，并处于磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中，两个质量均为m、电荷量均为q的带正电小滑块甲和乙分别从两个斜面顶端由静止释放，运动一段时间后，两小滑块都将飞离斜面，在此过程中（） A 甲滑块比乙滑块飞离斜面瞬间的速度小 B 甲滑块比乙滑块在斜面上运动的时间长 C 甲滑块比乙滑块在斜面上运动的位移小 D 两滑块在斜面上运动的过程中，重力的平均功率
5、相等8正方形金属线圈abcd平放在粗糙水平传送带上，被电动机带动一起以速度v匀速运动，线圈边长为l，电阻为R，质量为m，有一宽度为2l的磁场垂直于传送带，磁感应强度为B，线圈穿过磁场区域的过程中速度不变，下列说法正确的是（） A 线圈进入磁场时有沿abcda方向的感应电流 B 线圈进入磁场的过程中对传送带有水平向左的静摩擦力作用 C 线圈进入磁场的过程中流过某一线圈导线截面的电荷量为 D 线圈经过磁场区域的过程中，电动机多消耗的电能为二、非选择题（必考题）9气垫导轨是研究与运动有关的实验的装置，也可以用来研究功能关系如图甲所示，在气垫导轨的左端固定一轻质弹簧，轨道上有一滑块A紧靠弹簧但不连接，
6、已知滑块的质量为m（1）用游标卡尺测出滑块A上的挡光片的宽度，读数如图乙所示，则宽度d=cm；利用该装置探究弹簧对物块做功的大小：某同学打开气源，调节装置，使滑块可以静止悬浮在导轨上，然后用力将滑块A压紧到P点，释放后，滑块A上的挡光片通过光电门的时间为t，则弹簧对滑块所做功为（用题中所给字母表示）；（3）利用该装置测量滑块与导轨间的动摩擦因数：关闭气源，仍将滑块A由P点释放，当光电门到P点的距离为x时，测出滑块A上的挡光片通过光电门的时间为t，移动光电门，测出多组数据（滑块都能通过光电门），并绘出x图象，如图丙所示，已知该图线的斜率的绝对值为k，则可算出滑块与导轨间的动摩擦因数为10如图所示
7、的实验电路可以测定电源的电动势和内电阻电压表V1、V2可以看到理想电表，滑动变阻器用R表示已知定值电阻阻值为R（1）以电压表V1的示数U1为纵坐标，以电压表V1与电压表V2的示数之差U1U2为横坐标，在平面直角坐标系中描点作图，得到一条直线，测出直线的斜率的绝对值为k，纵坐标截距为b，则电源电动势E=，内阻r=以电压表V1的示数U1为横坐标，电压表V2的示数U2为纵坐标，在平面直角坐标系中描点作图，同样会得到一条直线，测出该直线的斜率为k，纵轴截距为b，则电源电动势为k、b可表示为E=，内阻r=11滑板是青少年喜爱的体育运动，如图所示，一位少年正在进行滑板运动图中ABD是同一水平路面，BC是一
8、段R=4m的圆弧路面，圆弧的最高点G与其圆心O在同一竖直线上，BC对应的圆心角为37，该少年从A点由静止开始运动，他在AB路段单腿用力蹬地，然后冲上圆弧路段到达C点，从C点水平抛出，其落地点与C点的水平距离为1.6m如果该少年和滑板可视为一个质点，总质量为40kg，不计滑板与各路段之间的摩擦力以及经过B点时的能量损失已知重力加速度g=10m/s2，cos37=0.8，sin37=0.6求：（1）在C点时该少年对地面的压力；青少年在AB段所做的功12如图所示，在xOy平面内半径为R的圆O1与y轴相切于坐标原点O，在该圆形区域内有与y轴平行的匀强电场和垂直于圆面的匀强磁场，一个带正电的粒子从O点以
9、一定的速度沿x轴进入场区若场区内只存在匀强电场或匀强磁场时，该粒子恰好做匀速直线运动，穿过地区的时间为T0；若电场、磁场都撤去，其他条件都不变，该粒子穿过场区的时间为T0（1）求电场强度与磁感应强度的比值若电场、磁场都存在，其他条件都不变，求该粒子穿过场区的时间（3）若电场、磁场都存在，无数多个粒子以相同的速率向圆形场区平面内不同方向射出，其他条件都不变，用阴影表示出进入场区的粒子穿过场区时，在圆形场区内所能到达区域并求出其面积（直接画图即可，不需要说明理由）选修3-313下列说法正确的是（） A 一个绝热容器中盛有气体，假设把气体中分子速率很大的如大于VA的分子全部取走，则气体的温度会下降，
10、此后气体中不再存在速率大于VA的分子 B 温度高的物体分子平均动能一定大，内能也一定大 C 气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度有关 D 分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大 E 热力学第二定律指出：在任何自然的过程中，一个弧立的系统的总熵不会减小14如图所示，两个截面积都为S的圆柱形容器，右边容器高为H上端封闭，左边容 器上端是一个可以在容器内无摩檫滑动的质量为M的活塞：两容器由装有阀门的极细 管道相连，容器、活塞和细管都是绝热的开始时阀门关闭，左边容器中装有理想气体，平衡时活塞到容器底的距离为H，右边容器内为真空现将阀门缓慢打开，活塞便缓慢 下降，直至系统达到新的平
11、衡此时理想气体的温度增加为原来的1.4倍，已知外界大气 压强为P0，求此过程中气体内能的增加量选修3-415如图为一列在均匀介质中沿x轴正方向传播的简谐横波在某时刻的波形图，波源在O点，波速为2m/s，该时刻机械波刚好传播到x=8m处下列说法正确的是（） A 质点P此时刻开始后的振动函数表达式为y=5sintcm B P点振幅比Q点振幅小 C 再经过t=41s，质点P具有正向的最大加速度 D 再经过t=4s，质点Q通过的路程是0.4m E 再经过t=41s，坐标为的点具有y轴正向最大速度16如图所示为一直角三棱镜截面，A=30，C=90，BC边长为L一足够大的光屏MN平行于BC竖直放置以MN为
12、y轴建立如图所示直角坐标系，B点坐标为（L，0），C点的坐标为（L，L）在0y1的范围内，一簇平行于AC的平行光射到AB面上过AB中点的光线经AB面折射后恰好射向C点（1）求该棱镜的折射率求光屏上有光照射到的坐标范围三、非选择题（选考题，请考从中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分）选修3-517下列说法正确的是（） A 由玻尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能减小，电势能增大 B 对于同一种金属来说，其极限频率恒定，与入射光的频率及光的强度均无关 C 比结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固 D 通过粒子散射实验可以估算原子核
13、的大小 E 太阳内部发生的核反应是U+nBa+Kr+3n18如图所示，半径为R、内径光滑的半圆形槽的质量为M，置于光滑的水平面上，质量为m的小球自槽口A点由静止滑下小球开始下滑时，第一次在槽的左侧用一木桩抵住，则小球第一次通过最低点后相对最低点上升的最大高度为h1，第二次在槽的右侧用一木桩抵住，则小球第一次通过最低点后相对最低点上升的最大高度为h2，求辽宁省协作校辽师大附中、本溪高中、沈阳二中等高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每题6分每题给出的四个选项中，第1-5题只有一个选项，第5-7有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1下列
14、关于物理学家所做科学贡献、物理规律以及物理量的单位等说法正确的是（） A 从牛顿第一定律可演绎出“质量是物体惯性大小的量度”的结论 B 开普勒经过多年的潜心研究，提出了行星运动的三大定律，并揭示了行星运动规律的力学原因 C 库仑最早引入电场概念并提出用电场线表示电场 D kgm/s2与WbA/m能表示同一个物理量的单位考点： 物理学史分析： 在物理学发展的过程中，许多物理学家对科学作出了贡献，根据他们的成就进行解答即可解答： 解：A、从牛顿第二定律可演绎出“质量是物体惯性大小的量度”的结论，故A错误B、开普勒经过多年的潜心研究，提出了行星运动的三大定律，牛顿发现万有引力定律，揭示了行星运动规律
15、的力学原因，故B错误C、法拉第最早引入电场概念并提出用电场线表示电场，故C错误D、根据磁通量的定义式=BS，得：1Wb=1Tm2根据定义式B=可得：1T=1N/Am则1Wb=1Nm2/Am=1Nm/A即有1WbA/m=1N，由牛顿第二定律F=ma知：1N=1kgm/s2，所以kgm/s2与WbA/m能表示同一个物理量的单位，故D正确故选：D点评： 此题考查我们对常见物理学史及物理量对应单位的记忆，属于基础题，容易解答2如图所示，在光滑水平面上，用弹簧水平连接一斜面，弹簧的另一端固定在墙上，一人站在斜面上，最初系统静止不动，后来人沿斜面加速向上运动，则（） A 最初系统静止不动时，弹簧处于压缩状
16、态 B 最初系统静止不动时，斜面共受到4个力作用 C 在人沿斜面加速向上运动的过程中，弹簧处于压缩状态 D 在人沿斜面加速向上运动的过程中，弹簧处于原长考点： 共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题： 牛顿运动定律综合专题分析： 系统静止时，系统受力平衡，对系统整体进行受力分析可知，弹簧没有弹力，对斜面进行受力分析可知斜面的受力情况，对斜面与人整体分析，整体有沿斜面向上的加速度，可以在直角坐标系中分解成水平向右和竖直向上的分量，水平方向外力只有弹簧可以提供，进而判断弹簧处于伸长还是压缩状态解答： 解：A、系统静止时，系统受力平衡，水平方向不受力，弹簧弹力等于零，弹簧处于原长，故A错误B
17、、系统静止时斜面受到4个力的作用，人对斜面的压力（垂直斜面向下），对斜面的摩擦力（沿斜面向下），地面对斜面的支持力（竖直向上），斜面的重力（竖直向下），故B正确；C、对斜面与人整体分析，整体有沿斜面向上的加速度，可以在直角坐标系中分解成水平向右和竖直向上的分量，水平方向外力只有弹簧可以提供，竖直方向由地面提供，所以弹簧处于伸长状态，故C错误，D错误故选：B点评： 本题的关键是对物体进行受力分析，能熟练运用整体法和隔离法，特别是在整体法的应用中二者加速度不同，要理解其意义难度适中3一卫星绕火星表面附近做匀速圆周运动，绕行n圈用时为t假设宇航员在火星表面以初速度v水平抛出一小球，经过时间t1恰好垂
18、直打在倾角=30的斜面体上，已知引力常量为G，则火星的质量为（） A B C D 考点： 万有引力定律及其应用专题： 万有引力定律的应用专题分析： 小球垂直落在斜面上时速度方向与竖直方向之间的夹角是，利用速度的合成与分解可以求出火星表面附近的重力加速度g；再根据重力等于向心力，求得火星的半径根据万有引力等于重力，求解火星的质量解答： 解：据题小球垂直落在斜面上时速度方向与竖直方向之间的夹角是，则落在斜面上时竖直分速度为 vy=vcot=又vy=gt1解得火星表面附近的重力加速度为：g=设火星的半径为R，质量为M一卫星绕火星表面附近做匀速圆周运动，绕行n圈用时为t，则周期为根据重力等于向心力，得
19、：mg=m=根据万有引力等于重力，得：mg=G联立解得：M=故选：B点评： 该题把平抛运动与万有引力相结合，关键要抓住重力等于向心力、万有引力等于重力这两个基本思路，求解天体的质量4两物体A、B从不同地点沿同一方向同时开始做直线运动，速度时间图象如图所示t2时刻A、B相遇，在0t2时间内，下列说法错误的是（） A A的加速度不断增大 B A、B的距离先减小，再增大，再减小 C A、B的距离先增大，再减小，再增大 D t=0时刻A在B的前方考点： 匀变速直线运动的图像专题： 运动学中的图像专题分析： vt图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度；图象与坐标轴围成的面积表示位移大小，相
20、遇要求在同一时刻到达同一位置解答： 解：A、vt图象的斜率表示加速度，故物体A的加速度逐渐增加，故A正确；D、vt图象与坐标轴围成的面积表示位移大小，故0t2时间内B的位移大，A的位移小，t2时刻A、B相遇，说明开始时刻是A在B的前方，故D正确；B、C、在0t1时间内，是B的速度大，故AB间距逐渐减小，追上后距离要增加；在t1t2时间内是A快，故A与B的间距又重新减小，在t2时刻A、B相遇，故B正确，C错误；本题选错误的，故选：C点评： 该题考查了速度时间图象相关知识点，要求同学们能根据图象判断物体的运动情况，从图中读取有用信息解题，难度不大5如图所示，将四个相同正点电荷分别放在正方形的四个顶
21、点上O点为该正方形对角线的交点，直线段AB通过O点且垂直于该正方形所在平面，OAOB，则一电子沿AB方向从A运动到B的过程中（） A 电子在A点的电势能最大 B 电子在B点的电势能最小 C 电子受到的电场力一定先变小后变大 D 电子受到的电场力一定先变大后变小再变大考点： 电势差与电场强度的关系；电场强度专题： 电场力与电势的性质专题分析： 两个等量同种电荷连线中点O的电场强度为零，无穷远处电场强度也为零，故从O点沿着中垂线向上到无穷远处电场强度先增大后减小，方向与中垂线平行解答： 解：在对角线上的两个等量正电荷连线中点O的电场强度为零，无穷远处电场强度也为零，故从O点沿着中垂线向上到无穷远处
22、电场强度先增大后减小，A点电场强度竖直向上，B点电场强度竖直向下；A、B、两组对角线上的两个等量正电荷连线中点O的电场强度为零，OA上的电场线的方向向上，BO上的电场线的方向向下，上下的电场强度是对称的，由于OAOB，所以B点的电势高，电子带负电，所以电子在A点的电势能最大故A正确，B错误；C、故从O点沿着中垂线向上到无穷远处电场强度先增大后减小，由于没有确定电场强度的最大点是否在A点，或在A的上边、下边，所以不能确定电子受到的电场力一定先变小后变大，还是电子受到的电场力一定先变大后变小再变大故CD错误故选：A点评： 本题关键是要明确两个等量同种电荷连线的中垂线上的场强分布情况和电势分布情况，
23、沿着场强方向，电势越来越低6一物体在沿斜面向上的拉力F作用下由静止开始沿斜面向上运动，如图甲所示在物体运动过程中，其机械能E与位移x的关系图象如图乙所示，其中曲线上点A处的切线的斜率最大，则（） A 在x2处物体的速度最大 B 在x1处物体所受拉力最大 C 在x1x3的过程中，物体的动能先增大后减小 D 在0x2的过程中，物体的加速度先增大后减小考点： 功能关系；功的计算分析： 根据功能关系：除重力以外其它力所做的功等于机械能的增量，0X1过程中物体机械能在增加，知拉力在做正功，机械能与位移图线的斜率表示拉力当机械能守恒时，拉力等于零，通过拉力的变化判断其加速度以及动能的变化解答： 解：A、0
24、X1过程中，图象的斜率越来越大，则说明拉力越来越大；X1X2过程中，图象的斜率越来越小，则说明拉力越来越小；在X2处物体的机械能最大，图象的斜率为零，则说明此时拉力为零；在这一过程中物体应先加速后减速，则说明最大速度一定不在X2处；故A错误；B、由图可知，X1处物体图象的斜率最大，则说明此时机械能变化最快，由E=FX可知此时所受的拉力最大；故B正确；C、X1X2过程中，图象的斜率越来越小，则说明拉力越来越小；在X2处物体的机械能最大，图象的斜率为零，则说明此时拉力为零；在这一过程中物体应先加速后减速，故动能先增大后减小，故C正确；D、在X2处物体的机械能最大，图象的斜率为零，则说明此时拉力为零
25、；在这一过程中物体应先加速后减速，则说明加速度先减小后增大，故D错误；故选：BC点评： 本题画出了我们平时所陌生的机械能与高度的变化图象；要求我们从图象中分析物体的运动过程要求我们能明确机械能与外力做功的关系；明确重力做功与重力势能的关系；并正确结合图象进行分析求解7如图所示，两个倾角分别为30和60的光滑斜面固定于水平地面上，并处于磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中，两个质量均为m、电荷量均为q的带正电小滑块甲和乙分别从两个斜面顶端由静止释放，运动一段时间后，两小滑块都将飞离斜面，在此过程中（） A 甲滑块比乙滑块飞离斜面瞬间的速度小 B 甲滑块比乙滑块在斜面上运动的时间长 C
26、 甲滑块比乙滑块在斜面上运动的位移小 D 两滑块在斜面上运动的过程中，重力的平均功率相等考点： 带电粒子在混合场中的运动；功率、平均功率和瞬时功率专题： 带电粒子在磁场中的运动专题分析： 小滑块向下运动的过程中受到重力、支持力、垂直斜面向上的洛伦兹力，向下运动的过程中，速度增大，洛伦兹力增大，支持力减小，当支持力减到0时，离开斜面解答： 解：A、小滑块飞离斜面时，洛伦兹力与重力的垂直斜面的分力平衡，故：mgcos=qvmB解得：vm=所以斜面角度越小，飞离斜面瞬间的速度越大，故A错误，B、由受力分析得加速度a=gsin，所以甲的加速度小于乙的加速度，因为甲的最大速度大于乙的最大速度，由vm=a
27、t得，甲的时间大于乙的时间，故B正确；C、由AB的分析和x=得，甲的位移大于乙的位移，故C错误；D、由平均功率的公式P=F=故D正确故选：BD点评： 解决本题的关键知道洛伦兹力的方向和洛伦兹力的大小以及能够正确的受力分析，理清物体的运动状况8正方形金属线圈abcd平放在粗糙水平传送带上，被电动机带动一起以速度v匀速运动，线圈边长为l，电阻为R，质量为m，有一宽度为2l的磁场垂直于传送带，磁感应强度为B，线圈穿过磁场区域的过程中速度不变，下列说法正确的是（） A 线圈进入磁场时有沿abcda方向的感应电流 B 线圈进入磁场的过程中对传送带有水平向左的静摩擦力作用 C 线圈进入磁场的过程中流过某一
28、线圈导线截面的电荷量为 D 线圈经过磁场区域的过程中，电动机多消耗的电能为考点： 楞次定律专题： 电磁感应与电路结合分析： A、根据楞次定律，从而确定感应电流方向；B、根据左手定则，结合感应电流方向，确定线圈安培力方向，从而确定摩擦力方向，进而可知线圈对传送带的摩擦力方向；C、根据电量q=It=，求出通过线圈某一截面的电荷量；D、通过电流的大小，根据焦耳定律求出线圈中产生的热量解答： 解：A、根据楞次定律，可知，感应电流方向adcba，故A错误；B、感应电流方向adcba，根据左手定则，bc边的受到的安培力方向向左，则传送带对线圈有向右的静摩擦力，那么线圈对传送带有向左的静摩擦力，故B正确；C
29、、通过线圈某一截面的电荷量q=It=，故C正确；D、根据焦耳定律得，求得线圈发热产生热量，Q=I2Rt=（）2R=，因此电动机多消耗的电能为，故D正确；故选：BCD点评： 本题综合考查了电磁感应与电路的综合，要求掌握切割产生的感应电动势公式、闭合电路欧姆定律、安培力大小公式以及焦耳定律、电量的公式等二、非选择题（必考题）9气垫导轨是研究与运动有关的实验的装置，也可以用来研究功能关系如图甲所示，在气垫导轨的左端固定一轻质弹簧，轨道上有一滑块A紧靠弹簧但不连接，已知滑块的质量为m（1）用游标卡尺测出滑块A上的挡光片的宽度，读数如图乙所示，则宽度d=0.510cm；利用该装置探究弹簧对物块做功的大小
30、：某同学打开气源，调节装置，使滑块可以静止悬浮在导轨上，然后用力将滑块A压紧到P点，释放后，滑块A上的挡光片通过光电门的时间为t，则弹簧对滑块所做功为（用题中所给字母表示）；（3）利用该装置测量滑块与导轨间的动摩擦因数：关闭气源，仍将滑块A由P点释放，当光电门到P点的距离为x时，测出滑块A上的挡光片通过光电门的时间为t，移动光电门，测出多组数据（滑块都能通过光电门），并绘出x图象，如图丙所示，已知该图线的斜率的绝对值为k，则可算出滑块与导轨间的动摩擦因数为考点： 探究功与速度变化的关系专题： 实验题分析： （1）先读主尺，在读游标尺，游标尺不能估读，那个对齐就读那个由滑块A上的挡光片通过光电门
31、的时间可得此时滑块的平均速度，由于滑块此阶段做匀速运动，故瞬时速度等于平均速度，由能量转化和守恒可得弹簧弹性势能（3）每次都有P释放，则每次弹簧弹性势能都相同，由能量转化和守恒可得结果解答： 解：（1）主尺读数为：5mm；游标尺分度为0.05mm，第2个刻度对齐，故游标尺读数为：0.052mm=0.10mm，故宽度为：d=5+0.10=5.10mm=0.510cm滑块通过光电门已经是匀速运动了，其平均速度为：，瞬时速度等于平均速度，故瞬时速度为：，此时滑块动能全部由弹簧弹性势能转化而来，故弹簧弹性势能为：（3）每次都有P释放，则每次弹簧弹性势能都相同，由能量转化和守恒可得： 解得： 由于，故，
32、带入可得：故答案为：（1）0.510；（3）点评： 本题主要难点在第3问，这里用到的方法比较不容易想到，整体难度较大，且易错10如图所示的实验电路可以测定电源的电动势和内电阻电压表V1、V2可以看到理想电表，滑动变阻器用R表示已知定值电阻阻值为R（1）以电压表V1的示数U1为纵坐标，以电压表V1与电压表V2的示数之差U1U2为横坐标，在平面直角坐标系中描点作图，得到一条直线，测出直线的斜率的绝对值为k，纵坐标截距为b，则电源电动势E=b，内阻r=kR0以电压表V1的示数U1为横坐标，电压表V2的示数U2为纵坐标，在平面直角坐标系中描点作图，同样会得到一条直线，测出该直线的斜率为k，纵轴截距为b
33、，则电源电动势为k、b可表示为E=，内阻r=考点： 测定电源的电动势和内阻专题： 实验题分析： 根据闭合电路欧姆定律表示出纵坐标和横坐标的两个变量之间的关系式，结合数学知识找出直线的斜率和纵坐标截距的物理意义进行求解解答： 解：（1）根据欧姆定律得：电路中电流I=，根据闭合电路欧姆定律得：E=U1+Ir，U1=Er以电压表V1的示数U1为纵坐标，以电压表V1与电压表V2的示数之差U1U2为横坐标，在平面直角坐标系中描点作图，得到一条直线，测出直线的斜率的绝对值为k，纵坐标截距为b，则电源电动势E=b，内阻r=kR0根据闭合电路欧姆定律得：E=U1+Ir=U1+r，变形得：U2=（1+）U1E，
34、以电压表V1的示数U1为横坐标，电压表V2的示数U2为纵坐标在平面直角坐标系中描点作图，同样会得到一条直线，测出该直线的斜率为k，纵轴截距的绝对值为b，E=b，1+=k则电源电动势为k、b可表示为E=，r=故答案为：（1）b，kR0，点评： 要掌握测定电动势和内电阻的数据处理方法，即通过图象法找出直线的斜率和纵坐标截距的物理意义进行求解是处理物理问题的常用方法，关键要能表示出纵坐标和横坐标的两个变量之间的关系式11滑板是青少年喜爱的体育运动，如图所示，一位少年正在进行滑板运动图中ABD是同一水平路面，BC是一段R=4m的圆弧路面，圆弧的最高点G与其圆心O在同一竖直线上，BC对应的圆心角为37，
35、该少年从A点由静止开始运动，他在AB路段单腿用力蹬地，然后冲上圆弧路段到达C点，从C点水平抛出，其落地点与C点的水平距离为1.6m如果该少年和滑板可视为一个质点，总质量为40kg，不计滑板与各路段之间的摩擦力以及经过B点时的能量损失已知重力加速度g=10m/s2，cos37=0.8，sin37=0.6求：（1）在C点时该少年对地面的压力；青少年在AB段所做的功考点： 功能关系；平抛运动；向心力分析： （1）根据平抛运动的规律求出同学和滑板在C点的速度，结合向心加速度公式求出在C点时的加速度大小；在C点靠重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出地面对人的支持力，然后由牛顿第三定律说明结
36、合动能定理求出该同学在AB段所做的功解答： 解：（1）该同学和滑板从C点水平抛出后，作平抛运动，在水平方向：x=vt在竖直方向：h=RRcos37=0.8m，又：代入数据解得：v=4m/s同学和滑板的加速度在最高点C由牛顿第二定律得，mgF=ma由牛顿第三定律得，F=F代入数据得：F=240N在AB段，由动能定理得，代入数据解得：W=640J答：（1）在C点时该少年对地面的压力是240N该同学在AB段所做的功为640J点评： 本题考查了圆周运动和平抛运动的综合，关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，以及圆周运动向心力的来源12如图所示，在xOy平面内半径为R的圆O1与y轴相切于坐标
37、原点O，在该圆形区域内有与y轴平行的匀强电场和垂直于圆面的匀强磁场，一个带正电的粒子从O点以一定的速度沿x轴进入场区若场区内只存在匀强电场或匀强磁场时，该粒子恰好做匀速直线运动，穿过地区的时间为T0；若电场、磁场都撤去，其他条件都不变，该粒子穿过场区的时间为T0（1）求电场强度与磁感应强度的比值若电场、磁场都存在，其他条件都不变，求该粒子穿过场区的时间（3）若电场、磁场都存在，无数多个粒子以相同的速率向圆形场区平面内不同方向射出，其他条件都不变，用阴影表示出进入场区的粒子穿过场区时，在圆形场区内所能到达区域并求出其面积（直接画图即可，不需要说明理由）考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子
38、在匀强电场中的运动专题： 带电粒子在复合场中的运动专题分析： （1）只有重力场和电场时，有qE=mg，只有重力场和磁场时，qvB=mg，即可求得E与B的比值若电场、磁场都撤去，粒子做平抛运动，根据分位移公式列式研究三种场同时存在时的情况，画出轨迹，由牛顿第二定律求出轨迹半径，由几何关系得到轨迹对应的圆心角，即可求得时间（3）画出粒子运动的轨迹，由几何知识求解即可解答： 解：（1）设磁感应强度为B，电场强度为E，粒子速度为v，质量为m，电荷量为q只有重力场和电场时，有 qE=mg只有重力场和磁场时，有qvB=mg且vT0=2R，得 =电场、磁场都撤去后，粒子做平抛运动，则 x=v，y=又粒子落在
39、圆周上，可知 x=R，y=R三场同时存在时，粒子做匀速圆周运动，其轨迹如图1所示，设在场区中运动轨迹的圆心角为2由牛顿第二定律得 qvB=m，得 r=由几何关系有 tan=2粒子在场区中运动的时间为 t=T，T=解得粒子穿过场区的时间 t=arctan2（3）如图2所示，粒子进入场区后做半径为 r=的匀速圆周运动，当粒子沿y轴负方向进入场区时，其运动轨迹为圆C，以原点O为圆心，R为半径做圆，交圆形场区于D点（第一象限内），则曲线OEO1DO所围图形的面积即为面积S根据几何知识可得 S=+2=（）R2答：（1）电场强度与磁感应强度的比值为若电场、磁场都存在，其他条件都不变，该粒子穿过场区的时间为
40、arctan2（3）进入场区的粒子穿过场区时，在圆形场区内所能到达区域为OEO1DO，如图，面积为（）R2点评： 本题考查带电粒子在电场、磁场中两运动模型：匀速圆周运动与类平抛运动，及相关的综合分析能力，以及空间想像的能力，应用数学知识解决物理问题的能力选修3-313下列说法正确的是（） A 一个绝热容器中盛有气体，假设把气体中分子速率很大的如大于VA的分子全部取走，则气体的温度会下降，此后气体中不再存在速率大于VA的分子 B 温度高的物体分子平均动能一定大，内能也一定大 C 气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度有关 D 分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大 E 热力学
41、第二定律指出：在任何自然的过程中，一个弧立的系统的总熵不会减小考点： 热力学第二定律；分子势能；温度是分子平均动能的标志分析： 温度是分子的平均动能的标志；内能与物体的温度、体积和物质的量四个因素有关，所以温度高的物体内能不一定大；气体对容器壁的压强是由于大量气体分子对器壁碰撞作用产生的分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大；热力学第二定律指出：在任何自然的过程中，一个弧立的系统的总熵不会减小解答： 解：A、把气体中分子速率很大的如大于VA的分子全部取走，则气体的温度会下降，此后气体的由于碰撞等原因，仍然会出现速率大于VA的分子；故A错误；B、温度高的物体的分子平均动能一定大，而内能与
42、物体的温度、体积和物质的量四个因素有关，所以温度高的物体内能不一定大故B错误；C、气体对容器壁的压强是由于大量气体分子对器壁碰撞作用产生的，压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度有关故C正确；D、由于分子之间的距离比较大时，分子之间的作用力的引力，而分子之间的距离比较小时，分子之间的作用力的斥力，所以分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大故D正确；E、根据热力学第二定律，在任何自然的过程中一个孤立的系统的总墒不会减小故E正确故选：CDE点评： 本大题包含了33大部分内容，各部分难度不大，但从题目来看考查范围很广，要求能全面掌握14如图所示，两个截面积都为S的圆柱形容器，右边容器
43、高为H上端封闭，左边容 器上端是一个可以在容器内无摩檫滑动的质量为M的活塞：两容器由装有阀门的极细 管道相连，容器、活塞和细管都是绝热的开始时阀门关闭，左边容器中装有理想气体，平衡时活塞到容器底的距离为H，右边容器内为真空现将阀门缓慢打开，活塞便缓慢 下降，直至系统达到新的平衡此时理想气体的温度增加为原来的1.4倍，已知外界大气 压强为P0，求此过程中气体内能的增加量考点： 热力学第一定律；封闭气体压强专题： 热力学定理专题分析： 对活塞受力分析，应用理想气体状态方程求出活塞下降的距离，再根据热力学第一定律求内能的变化解答： 解：理想气体发生等压变化，气体压强为P，对活塞由：PS=Mg+P0S
44、设气体初温为T，活塞下降X，平衡时有：解得X=系统绝热，Q=0外界对气体做功W=PSX由热力学第一定律U=Q+W所以U=答：此过程中气体内能的增加量点评： 本题考查了热力学第一定律和理想气体状态方程的综合应用，难度中等选修3-415如图为一列在均匀介质中沿x轴正方向传播的简谐横波在某时刻的波形图，波源在O点，波速为2m/s，该时刻机械波刚好传播到x=8m处下列说法正确的是（） A 质点P此时刻开始后的振动函数表达式为y=5sintcm B P点振幅比Q点振幅小 C 再经过t=41s，质点P具有正向的最大加速度 D 再经过t=4s，质点Q通过的路程是0.4m E 再经过t=41s，坐标为的点具有
45、y轴正向最大速度考点： 横波的图象；波长、频率和波速的关系专题： 振动图像与波动图像专题分析： 由波的传播方向可确定P点的振动方向根据简谐波的特点，分析PQ的振幅关系和P点x方向的位移根据质点简谐运动的周期性求出t=4s内质点Q通过的路程解答： 解：由图可知，该波的起振的方向向下，波长是4m，则周期：s；该波的角频率：rad/sA、由波的平移法可知，质点P此时刻运动的方向向下，开始后的振动函数表达式为y=Asin（t）=5sintcm故A正确；B、同一列波上，各处的振幅相同故B错误；C、再经过t=41s=T，质点P恰好经过平衡位置，加速度为0故C错误D、T=2s，t=4s，质点Q通过的路程为：
46、S=8A=40cm=0.4m故D正确E、该波传播到坐标为的点的时间：s，再经过t=41s，坐标为的点振动的时间：，质点位于负的最大位移处，所以具有y轴正向最大速度故E正确故选：ADE点评： 本题求质点的路程，先确定振动的时间与周期的关系，再用到质点在一个周期内路程是4A这个结论16如图所示为一直角三棱镜截面，A=30，C=90，BC边长为L一足够大的光屏MN平行于BC竖直放置以MN为y轴建立如图所示直角坐标系，B点坐标为（L，0），C点的坐标为（L，L）在0y1的范围内，一簇平行于AC的平行光射到AB面上过AB中点的光线经AB面折射后恰好射向C点（1）求该棱镜的折射率求光屏上有光照射到的坐标范
47、围考点： 光的折射定律专题： 光的折射专题分析： （1）平行光束经棱镜折射后的出射光束仍是平行光束，画出光路图；根据几何知识求出AB面上的入射角和折射角，再由求解折射率即可结合光路图和几何知识求解光屏上有光照射到的坐标范围解答： 解：（1）如图所示，由几何关系得，射向AB中点的光线的入射角为60，折射角为30，则棱镜的折射率为 n=从DB段入射的光线经介质折射后平行于DC，以30的入射角射向BC，折射角为60则 OG=Ltan60=L，BC=HG所以，这部分光线的坐标范围为 L（1+）L从AD段入射的光线经介质平行于CD，以60的入射角射向AC，由于sin60，所以在AC面上发生全反射后再以3
48、0的入射角射向BC，折射角为60则 OE=Ltan60=L，BC=EF所以，这部分光线的坐标范围为L（1）L综上得，最后光屏上被照亮的坐标范围为：L（1+）L和L（1）L答：（1）该棱镜的折射率为光屏上有光照射到的坐标范围为：L（1+）L和L（1）L点评： 本题的解题关键是正确作出光路图，根据几何知识求解入射角和折射角，再运用折射定律求折射率三、非选择题（选考题，请考从中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分）选修3-517下列说法正确的是（） A 由玻尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能减小，电势能增大 B 对于同一种金属来说，其
49、极限频率恒定，与入射光的频率及光的强度均无关 C 比结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固 D 通过粒子散射实验可以估算原子核的大小 E 太阳内部发生的核反应是U+nBa+Kr+3n考点： 粒子散射实验；原子核的结合能分析： 电子从高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小；卢瑟福用粒子轰击原子而产生散射的实验，在分析实验结果的基础上，他提出了原子核式结构模型；能发生光电效应的条件是入射光的频率比该金属的极限频率大；比结合能越大，说明核子结合越牢固；太阳能内的核反应来自核聚变解答： 解：A、核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的
50、动能增大，电势能减小，故A错误B、对于同一种金属来说，其极限频率恒定，与入射光的频率及光的强度均无关；故B正确；C、比结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固；故C正确；D、卢瑟福用粒子轰击原子而产生散射的实验，在分析实验结果的基础上，他提出了原子核式结构模型并且由该实验可以估算原子核的大小；故D正确；E、太阳内部发生的核发应为热核聚变，不是裂变；故E错误；故选：BCD点评： 考查光电效应的意义，理解光电效应的产生条件，掌握粒子散射实验作用，注意核裂变与核聚变的区别18如图所示，半径为R、内径光滑的半圆形槽的质量为M，置于光滑的水平面上，质量为m的小球自槽口A点由静止滑下小球开始下滑时，第一次
51、在槽的左侧用一木桩抵住，则小球第一次通过最低点后相对最低点上升的最大高度为h1，第二次在槽的右侧用一木桩抵住，则小球第一次通过最低点后相对最低点上升的最大高度为h2，求考点： 动量守恒定律；机械能守恒定律专题： 动量定理应用专题分析： 分别对两种情况下档板的作用进行分析，由动量守恒定律及机械能守恒定律可求得最大高度，从而求得最大值；则可求得比值解答： 解：第一次的情况：m在下滑过程中，系统动量不守恒，但机械能守恒，M没动，则m的机械能不变，设m在最低点速度大小为v，则有mgR=mv2在m沿M内沿上滑过程中，系统机械能守恒，动量守恒设达到最高点时二者共同速度为Vmv=（m+M）Vmv2=（m+M）V2+mgh1以上三等式联立，可解得h1=第二次的情况：当m下滑时，M会向左运动，挡板无作用，到达最低点再向右滑动，一直到右侧最高点，考虑到系统水平方向没受外力，则质心水平位置不变，M都是在原位置左侧的所以系统在全过程机械能守恒，水平方向动量守恒，m到达右侧最高点时h2=R所以=点评： 本题考查动量守恒定律及机械能守恒的综合应用，要注意正确进行过程分析，明确动量守恒的应用
