1、临川二中、新余四中2017-2018学年高二下学期联考物理试卷主命题人： 临川二中 辅命题人：新余四中 试卷总分：100分 考试时间：100分钟一、选择题(本题共10个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分。)1.许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，下列叙述中符合物理学史实的是（）A、牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因。B、库伦最先利用库伦扭秤测出了电子的电荷量。C、法拉第引入“场”的概念来研究电磁现象。D、哥白尼提出了日心学说，并发现了行星沿椭圆轨道运行的
2、规律。2如图所示为一测定液面高低的传感器示意图，A为固定的导体芯，B为导体芯外面的一层绝缘物质，C为导电液体，把传感器接到图示电路中，已知灵敏电流表指针偏转方向与通过电流计的电流方向相同如果发现指针正向右偏转，则导电液体的深度h变化为（）Ah正在增大。 Bh正在减小。 Ch不变。 D无法确定3如图所示，一带电塑料小球质量为m，用丝线悬挂于O点，并在竖直平面内摆动， 最大摆角为60，水平磁场垂直于小球摆动的平面当小球自左方摆到最低点时，悬线上的张力恰为零，则小球自右方最大摆角处摆到最低点时悬线上的张力为：()A0 B2mg C4mg D6mg4匝数为100匝的线圈通有如图所示的交变电流(图中曲线
3、为余弦曲线的一部分)，单匝线圈电阻r0.02 ，则在010 s内线圈产生的焦耳热为()A.80 J B.85 J C.90 J D.125 J5已知无限长通电直导线周围某一点的磁感应强度 B的表达式：B，其中r0是该点到通电直导线的距离，I为电流强度，0为比例系数(单位为N/A2)。试推断，一个半径为R的圆环，当通过的电流为I时，其轴线上距圆心O点为r0处的磁感应强度应为( )A.、 B、。C、。 D、6如图所示，两水平虚线ef、gh之间存在垂直纸面向外的匀强磁场，一质量为m、电阻为R的正方形铝线框abcd从虚线ef上方某位置由静止释放，线框运动中ab始终是水平的，已知两虚线ef、gh间距离大
4、于线框边长，则从开始运动到ab边到达gh线之前的速度随时间的变化关系图象合理的是() 7如图所示，三条平行等距的虚线表示电场中的三个等势面，电势值分别为10V、20V、30V，实线是一带负电的粒子（不计重力）在该区域内的运动轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点来说：（ ）A、粒子在三点的合力Fa=Fb=Fc；B、粒子必先过a，再到b，然后到c；C、粒子在三点的动能大小为EKbEKaEKc；D、粒子在三点的电势能大小为EPcEPaEPb。8如图甲为远距离输电示意图，变压器均为理想变压器。升压变压器原副线圈匝数比为1100，其输入电压如图乙所示，远距离输电线的总电阻为100 。降压变压器右侧部分为一火
5、警报警系统原理图，其中R1为一定值电阻，R2为用半导体热敏材料制成的传感器，当温度升高时其阻值变小。电压表显示加在报警器上的电压(报警器未画出)。未出现火警时，升压变压器的输入功率为750 kW。下列说法中正确的有()A降压变压器副线圈输出的交流电频率为50 HzB远距离输电线路损耗功率为180 kWC当传感器R2所在处出现火警时，电压表的示数变大D当传感器R2所在处出现火警时，输电线上的电流变大9如图所示，在磁感应强度B1.0 T的匀强磁场中，金属杆PQ在外力F作用下在粗糙U形导轨上以速度v2 m/s向右匀速滑动，两导轨间距离l1.0 m，电阻R3.0 ，金属杆的电阻r1.0 ，导轨电阻忽略
6、不计，则下列说法正确的是()A通过R的感应电流的方向为由d到aB金属杆PQ切割磁感线产生的感应电动势的大小为2.0 VC金属杆PQ受到的安培力大小为0.5 ND外力F做功大小等于电路产生的焦耳热10如图所示，A、B为两块平行金属板，A板带正电荷、B板带负电荷，两板之间存在着匀强电场，两板间距为d、电势差为U，在B板上开有两个相距为L的小孔M、N，C、D为两块同心半圆形金属板，圆心都在贴近B板的O处，C带正电、D带负电。两板间的距离很近，两板末端的中心线正对着B板上的小孔，两板间的电场强度可认为大小处处相等，方向都指向O，半圆形金属板两端与B板的间隙可忽略不计。现从正对B板小孔紧靠A板的O处由静
7、止释放一个质量为m、电荷量为q的带正电的粒子(粒子的重力不计)，则下列说法中正确的是：()A粒子穿过B板小孔M的速度是 B当C、D板间的场强大小E时，粒子能在C、D板间运动而不碰板C从释放粒子开始，粒子通过小孔N的时间可能是 D从释放粒子开始，粒子通过半圆形金属板最低点P的时间可能是 二、实验题(共2小题16分)11(8分) 某同学用如图所示装置验证动量守恒定律，用轻质细线将小球1悬挂于O点，使小球1的球心到悬点O的距离为L，被碰小球2放在光滑的水平桌面上将小球1从右方的A点(OA与竖直方向的夹角为)由静止释放，摆到最低点时恰与小球2发生正碰，碰撞后，小球1继续向左运动到C位置(OC与竖直方向
8、夹角为)，小球2落到水平地面上，落点D到桌面边缘水平距离为s.(1)实验中已经测得上述物理量中的、L、s，为了验证两球碰撞过程动量守恒，还应该测量的物理量有_。(2)请用测得的物理量和已知物理量分别表示碰撞前、后小球1和小球2的动量：p1_，p1_；p2_，p2_.12(8分) 多用电表测未知电阻阻值的电路如图甲所示，电池的电动势为E、内阻为r，R0为调零电阻，Rg为表头内阻，电路中电流I与待测电阻的阻值Rx关系图象如图乙所示，则该图象的函数关系式为_；(调零电阻R0接入电路的部分阻值用R0表示) (2)下列根据图乙中IRx图线做出的解释或判断中正确的是_；(有两个选项正确)A用欧姆表测电阻时
9、，指针指示读数越大，测量的误差越小B欧姆表调零的实质是通过调节R0，使Rx0时电路中的电流IIgCRx越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左密右疏D测量中，当Rx的阻值为图乙中的R2时，指针位于表盘中央位置的右侧(3)某同学想通过一个多用电表中的欧姆挡，直接去测量某电压表(量程10 V)的内阻(大约为几十千欧)，欧姆挡的选择开关拨至倍率“1 k”挡先将红、黑表笔短接调零后，选用图丙中_(填“A”或“B”)方式连接在本实验中，如图丁所示为欧姆表和电压表的读数，请你利用所学过的知识，求出欧姆表电池的电动势为_ V(计算结果保留三位有效数字)三、计算题(4小题共44分。要求写
10、出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13(8分) 如检测图所示，一电荷量q=+310-5C的小球，用绝缘细线悬挂于竖直放置足够大的平行金属板中的O点。电键S合上后，小球静止时细线与竖直方向的夹角a=37。已知两板间距d=0.1m，电源电动势E=15V，内阻r=0.5，电阻R1=3，R2=R3=R4=8，。取g=10m/s2，已知sin37=0.6，cos37=0.8。求：（1）电源的输出功率；（2）两板间电场强度大小；（3）带电小球的质量14(10分) 如图甲所示，电阻不计，间距为l的光滑平行长金属导轨置于水平面内，阻
11、值为R的导体棒ab固定连接在导轨左端，另一阻值也为R的导体棒ef垂直放置到导轨上，ef与导轨接触良好现有一根轻杆一端固定在ef中点，另一端固定于墙上，轻杆与导轨保持平行，ef、ab两棒间距为d.若整个装置处于方向竖直向下的匀强磁场中，且从某一时刻开始，磁感应强度B随时间t按图乙所示的方式变化(1)求在0t0时间内流过导体棒ef的电流的大小与方向；(2)求在t02t0时间内导体棒ef产生的热量；(3)1.5t0时刻杆对导体棒ef的作用力的大小和方向15(12分) 如图所示，在以O1点为圆心且半径为r0.10 m的圆形区域内，存在着竖直向下、场强大小为E4105 V/m的匀强电场(图中未画出)。圆
12、的左端跟y轴相切于直角坐标系原点O，右端与一个足够大的荧光屏MN相切于x轴上的A点。一比荷1.0108 C/kg的带正电粒子从坐标原点O沿x轴正方向入射，粒子重力不计。(1)若粒子在圆形区域的边界Q点射出匀强电场区域，O1A与O1Q之间的夹角为60，求粒子从坐标原点O入射的初速度v0；(2)撤去电场，在该圆形区域内加一磁感应强度大小为B0.15 T、方向垂直纸面向里的匀强磁场，且将该圆形磁场以过O点并垂直于纸面的直线为轴，逆时针缓慢旋转90，在此过程中不间断地沿x轴正方向射入题干中所述粒子，且粒子入射的速度等于(1)中求出的v0，求在此过程中打在荧光屏MN上的粒子与A点的最远距离。16(14分
13、)如图所示，一个物块A（可看成质点）放在足够长的平板小车B的右端，A、B一起以v0的水平初速度沿光滑水平面向左滑行左边有一固定的竖直墙壁，小车B与墙壁相碰，碰撞时间极短，且碰撞前、后无动能损失已知物块A与小车B的水平上表面间的动摩擦因数为，重力加速度为g若A、B的质量均为m，求小车与墙壁碰撞后的运动过程中，物块A所受摩擦力的冲量大小和方向；若A、B的质量比为k，且k1，求物块A在小车B上发生相对运动的过程中物块A对地的位移大小；若A、B的质量比为k，且k=2，求小车第一次与墙壁碰撞后的运动过程所经历的总时间答 案一、选择题题号12345678910答案CBCBCDADADBCBD二、实验题11
14、、(每空1分)(1)小球1的质量m1，小球2的质量m2，桌面高度h，OC与OB夹角。(2)m1；m1；0； m2s。12、(每空2分) (1)I； (2)BC； (3) A、 8.75。13、【解析】（1）外电路电阻： (1分) 由闭合电路欧姆定律得 (1分) 电源的输出功率 P出=I（E-Ir）=28W (1分) （2）两板间的电压 UC=I（R1+R23）=2（3+4）=14V (1分) 两板间的电场强度: N/C (1分) （3）小球处于静止状态，所受绳的拉力为T，电场力为F，又F=qE 由平衡条件得：竖直方向 Tcosmg0 (1分) 水平方向 TsinqE 0 (1分) 所以: kg
15、 (1分) 14解析：(1)在0t0时间内，磁感应强度的变化率：，(1分)产生感应电动势的大小：E1Sld，(1分)流过导体棒ef的电流大小：I1，(1分)由楞次定律可判断电流方向为ef. (1分)(2)在t02t0时间内，磁感应强度的变化率：，产生感应电动势的大小：E2Sld，(1分)流过导体棒ef的电流大小：I2，(1分)导体棒ef产生的热量：QIRt0. (1分)(3)在t1.5t0时，磁感应强度：BB0ef棒受安培力：FB0I2l；方向水平向左，(1分)根据导体棒受力平衡，杆对导体棒的作用力大小为：FF，(1分)方向水平向右(1分)答案：(1)，ef；(2)；(3)，方向水平向右。15
16、、解析(1)由题意可知，该粒子将在匀强电场中做类平抛运动，设其在电场中的运动时间为t，粒子在电场中运动的加速度大小为a，则有：rrcos v0t(1分)rsin at2 (1分)qEma (1分)以上三式联立可得：v0(1cos ) (1分)代入数据可得：v03106 m/s。(1分)(2)由题意可知，粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的轨道半径为R0.2 m，以O点为圆心、OA0.2 m为半径做出圆弧AC交y轴于C点，以C点为圆心、CO为半径作出粒子运动的轨迹交弧AC于D点，则OD2r0.2 m，如图所示，过D点作切线，分别交OA于F点，交MN于E点，则E点即粒子能够打在荧光屏MN上的粒子离A点
17、的最远距。由几何关系可知，sin (1分)所以OFRtan (1分)因此AF2rOF (1分)由几何关系可知EFA2 (1分)所以AEAFtan 2 (1分)以上各式联立，代入数据可得AE m。(1分)答案(1)3106 m/s(2) m16、解：（1）设小车B与墙碰撞后物块A与小车B所达到的共同速度大小为v，设向右为正方向，则由动量守恒定律得mv0-mv0=2mv， 解得v=0 （1分）对物块A，由动量定理得摩擦力对物块A的冲量I=0-（-mv0）=mv0（2分）冲量方向水平向右 （1分）（2）设A和B的质量分别为km和m，小车B与墙碰撞后物块A与小车B所达到的共同速度大小为v，木块A的位移
18、大小为s设向右为正方向，则由动量守恒定律得：则：mv0-kmv0=(m+km)v （1分）解得：v= （1分） 对木块A由动能定理： （1分）代入数据解得： （1分）（3）当k=2时，根据题意由于摩擦的存在，经B与墙壁多次碰撞后最终A、B一起停在墙角A与B发生相对运动的时间t0可等效为A一直做匀减速运动到速度等于0的时间，在A与B发生相对滑动的整个过程，对A应用动量定理： （1分）解得A、B相对运动的时间： （1分）设第1次碰后A、B达到的共同速度为v1，B碰墙后，A、B组成的系统，没有外力作用，水平方向动量守恒，设水平向右为正方向，由动量守恒定律，得;mv02mv0=（2m+m）v1 即：（
19、负号表示v1的方向向左）第1次碰后小车B向左匀速运动的位移等于向右匀减速运动到速度大小为v1这段运动的位移s1对小车B，由动能定理得 -2mgs1=mv12 mv02 解得：。第1次碰后小车B向左匀速运动时间：（1分）设第2次碰后共速为v2，由动量守恒定律，得mv12mv1=（2m+m）v2 即：第2次碰后小车B向左匀速运动的位移等于向右匀减速运动到速度大小为v2这段运动的位移s2对小车B，由动能定理得：2mgs2 m v22 mv12 解得：。第2次碰后小车B向左匀速运动时间：（1分）同理，设第3次碰后共速为v3，碰后小车B向左匀速运动的位移为s3，则由动量守恒定律，得；匀速运动的时间：。以此类推，第n次碰撞后小车B向左匀速运动的时间：。（1分）故小车匀速运动的总时间：所以从小车B第一次与墙壁碰撞后，小车运动的总时间：（1分）新余四中，临川二中2017-2018学年下学期零班第一次联考物理试卷答 题 卡一、选择题题号12345678910答案二、实验题：11_。 p1_，p1_；p2_，p2_.12、_；、_；、_；_V。三、计算题13.(8分) 14.(10分) 15.(12分) 16.(14分) 版权所有：高考资源网()