1、贵州省黔东南州丹寨民族高中2014-2015学年高二下学期第三次月考物理试卷（理科）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分）1（4分）关于磁感线，下列说法错误的是（）A磁感线上每一点的切线方向，都跟对应点磁场的方向一致B在同一磁场中，磁感线的疏密程度可以表示磁感应强度的大小C磁感线从磁体的北极出发，终止于南极D电流产生的磁场磁感线一定是曲线2（4分）正电荷Q周围的电场线如图所示，由图可知，以下说法错误的是（）Aa点的电场强度大于b点的电场强度Ba点的电场强度方向向外（即由a指向b）C把一个带正电的点电荷放在a点，所受电场力向外D把一个带负电的点电荷放在a点，所受电场力向外3（4分）如
2、图所示为两电阻R1、R2的电流I和电压U的关系图线，由图可知，两电阻的大小之比R1：R2是（）A1：3B3：1C1：D：14（4分）有一电源的电动势为1.5V，内阻为0.22，测电路的干路电流为1A，可知外电路电阻大小是（）A0.69B1.28C2.76D4.145（4分）如图，金属棒MN用绝缘细线吊在垂直纸面向里的匀强磁场中，电流方向是MN，此时悬线的拉力不为零，要使悬线的拉力变为零，可以（）A将磁场反向，并适当增大磁感强度B将电流反向，并适当增大电流C磁场方向不变，适当减小磁感应强度D电流方向不变，适当增大电流6（4分）质子和粒子在同一匀强磁场中做半径相同的圆周运动，由此可知，质子的动能E
3、k1和粒子的动能Ek2之比Ek1：Ek2等于（）A4：1B1：1C1：2D2：17（4分）根据F=qvB可知，带电量为q的粒子以速度v射入匀强磁场B中，关于粒子所受洛仑兹力的说法正确的是（）A只要速度的大小相同，所受的洛仑兹力的大小就相同B运动电荷在磁感应强度不为零的地方，一定受到洛仑兹力的作用C只有粒子垂直射入磁场，粒子才受到洛仑兹力的作用D当粒子垂直射入磁场时，当两粒子的电量相同，速度大小相同，它们所处的磁场磁感应强度相同，则它们所受的洛仑兹力大小相等8（4分）如图所示，在垂直于纸面向里的匀强磁场中，从P点垂直于磁场方向发射两个电子1和2，其速度分别为v1和v2，如果v2=2v1，则1和2
4、电子的轨道半径之比r1：r2及周期之比T1：T2分别为（）Ar1：r2=1：2 T1：T2=1：2Br1：r2=1：2 T1：T2=1：1Cr1：r2=2：1 T1：T2=1：1Dr1：r2=2：1 T1：T2=2：19（4分）在磁场中，放置一小段长为L，通有电流I的导线，关于导线所在处的磁感强度，下列说法正确的是（）A若该处的磁感强度为零，则该导线所受的安培力为零B若该导线所受的安培力不为零，则该处的磁感强度一定是C若该导线所受的安培力不为零，则安培力的方向即为该处的磁感强度方向D若移去导线，则该处的磁感强度随之改变10（4分）如图所示，长直导线MN通以图示方向竖直向上的电流I，现有一小段通
5、电导线ab，如图放置，则ab受磁场力的方向是（）A竖直向上B竖直向下C垂直纸面向外D垂直纸面向里11（4分）下列静电学公式中，F、q、E、U、r和d分别表示电场力、电量、场强、电势差以及距离，则（）F=k E= E= U=EdA它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B只对点电荷或点电荷的场成立，只对匀强电场成立C只对点电荷成立，对任何电场都成立，只对匀强电场才成立D只对点电荷成立，对任何电场都成立12（4分）四种电场中的电场线圈如图所示，一正电荷仅在电场力作用下由M点向N点作加速运动，且加速度越来越大由此可以判定，该电荷所在的电场是图中的（）ABCD二、填空题（本题共6小题，每空1分，共20分）1
6、3（3分）磁场对通电导线的作用通常称为，在匀强磁场中有一段长为0.2m的导线，它与磁场方向垂直，当通以3A的电流时，它受到的作用力为6102N，该磁场的磁感应强度是；当导线在原位置缩短为原长的一半时，磁场的磁感应强度是14（3分）如图：一个重力不计，质量为m，电量为+q的电荷在场强为E的匀强电场中，从B运动到A，在B点速度为V0，到A点速度恰好为零，则该电荷电势能变化了，A、B两点电势差UAB=，电荷从B运动到A，电场力作功15（3分）如图所示：电压U=90V，R1=200，R2=400，A、V为理想电表，其读数分别为I=A，U2=V此时R1上的功率P1=W16（3分）磁场对运动电荷的作用力称
7、为，当电荷的运动方向与磁场方向垂直时磁场对电荷的作用力最大，其大小为，当电荷的运动方向与磁场方向平行时，磁场对电荷的作用力等于18（5分）在“描绘小灯泡伏按特性曲线”的实验中，使用的小灯泡为“6V 3W”，其他供选用的仪器有：A电流表A1（量程3A，内阻0.2） B电流表A2（量程0.6A，内阻1）C电压表V1（量程3V，内阻20K）D电压表V2（量程15V，内阻60K）E变阻器R1（01000，0.5A） F变阻器R2（020，2A）G学生电源（68V） H开关S及导线若干实验中要求在06V范围内读取并记录下12组不同的电压值U和对应的电流值I，以便作出小灯泡的伏按特性曲线，在上述器材中，电
8、流表应选用，电压表应选用，变阻器应选用，在如图的方框中画出实验的电路图19（1分）如图所示，用螺旋测微器测某物体的外径，其读数为mm三、计算题（本题共3小题，共32分解答时应写出必要文字说明、方程式和重要的演算步骤）20（10分）如图所示，将一质量为m，电荷量为+q的小球固定在绝缘杆的一端，杆的另一端可绕通过O点的固定轴转动杆长为L，杆的质量忽略不计，杆与小球置于场强为E的匀强电场中，电场方向如图所示，将杆置于水平位置OA，在此处将小球自由释放，求杆运动到竖直位置OB时的速度？21（10分）如图所示的电路中，电源的电动势E=2V，R1=R2=R3=1，当S闭合时，电压表的示数为1V，求：（1）
9、流过R1和R2的电流；（2）电源的路端电压和内电阻；（3）若S断开，电压表的示数变为多少？22（12分）如图所示，在U形导轨以倾角斜放在匀强磁场中，磁感强度B的方向垂直斜面向上，现将以光滑的金属棒水平的放在导轨上，且已知棒质量为m，电阻为R，长度为L，其电源内阻忽略不计，为使金属棒静止在导轨上，通电电流多少？所加的电源电动势大小为多少？贵州省黔东南州丹寨民族高中2014-2015学年高二下学期第三次月考物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分）1（4分）关于磁感线，下列说法错误的是（）A磁感线上每一点的切线方向，都跟对应点磁场的方向一致B在同一磁场中，
10、磁感线的疏密程度可以表示磁感应强度的大小C磁感线从磁体的北极出发，终止于南极D电流产生的磁场磁感线一定是曲线考点：磁感线及用磁感线描述磁场 分析：磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度比值与磁场力及电流元均无关磁感线是描述磁场分布而假想的；磁感线的疏密表示磁场强弱，磁感线某点的切线方向表示该点的磁场方向；磁感线是闭合曲线，磁体外部磁感线是从N极到S极，而内部是从S极到N极匀强磁场磁感线的分布特点解答：解：A、根据磁感线的物理意义可知磁感线上某点的切线方向就是该点的磁感线强度的方向，故A正确B、磁感线的疏密可形象表示磁感应强度的强弱，
11、故B正确C、磁感线是闭合曲线，磁体外部磁感线是从N极到S极，而内部是从S极到N极故C错误；D、磁感线是闭合曲线，所以电流产生的磁场磁感线也一定是曲线故D正确本题选择错误的，故选：C点评：通过不存在的磁感线来形象表达客观存在的磁场，要知道磁感线的疏密表示磁场的强弱，某点的切线方向就是该点的磁场方向虽然通电螺线管的内部是匀强磁场，但是磁场整体状态还是曲线2（4分）正电荷Q周围的电场线如图所示，由图可知，以下说法错误的是（）Aa点的电场强度大于b点的电场强度Ba点的电场强度方向向外（即由a指向b）C把一个带正电的点电荷放在a点，所受电场力向外D把一个带负电的点电荷放在a点，所受电场力向外考点：电场线
12、；电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场线从正电荷出发到无穷远终止或从无穷远出发到负电荷终止判断该电荷是正电荷还是负电荷根据点电荷产生的电场场强计算公式E=k判断电场强度与距离的关系解答：解：A、根据公式E=k可知，E与r的平方成反比，则距点电荷越近处电场强度越大，a点的电场强度大于b点的电场强度故A正确；B、由图可知，a点的电场强度方向向外（即由a指向b）故B正确；C、a点的电场强度方向向外，把一个带正电的点电荷放在a点，所受电场力向外故C正确；D、a点的电场强度方向向外，把一个带负电的点电荷放在a点，所受电场力向里故D错误本题选择错误的，故选：D点评：对于孤立点电荷的电场线的
13、分布，抓住电场线从正电荷（或无穷远）出发到无穷远（或负电荷）终止的特点进行记忆，理解点电荷电场强度公式，同时还可通过电场线的疏密来确定电场强度的大小3（4分）如图所示为两电阻R1、R2的电流I和电压U的关系图线，由图可知，两电阻的大小之比R1：R2是（）A1：3B3：1C1：D：1考点：路端电压与负载的关系 专题：恒定电流专题分析：本题为图象分析问题，在图中任意做一条与横轴垂直的直线，则与两图象的交点为电流相同点，对应的纵坐标得出电压值，则由欧姆定律可进行比较解答：解：由图可知，R1=tan60；R2=tan30；故R1：R2=tan60：tan30=3：1；故选：B点评：该题考查了根据电流、
14、电压图象获取信息的能力，在解题中特别要注意电流、电压分别在哪个坐标上4（4分）有一电源的电动势为1.5V，内阻为0.22，测电路的干路电流为1A，可知外电路电阻大小是（）A0.69B1.28C2.76D4.14考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：根据闭合电路欧姆定律列式，变形可得出外电阻的表达式，代入数据即可求得外部电阻的大小解答：解：根据闭合电路欧姆定律得：电路中的电流 I=解得：R=r=0.22=1.28故选：B点评：本题关键掌握电路的基本规律：闭合电路欧姆定律和部分电路欧姆定律，明确闭合电路欧姆定律的正确应用5（4分）如图，金属棒MN用绝缘细线吊在垂直纸面向里的匀强磁场中，
15、电流方向是MN，此时悬线的拉力不为零，要使悬线的拉力变为零，可以（）A将磁场反向，并适当增大磁感强度B将电流反向，并适当增大电流C磁场方向不变，适当减小磁感应强度D电流方向不变，适当增大电流考点：安培力 分析：通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定则来确定安培力的方向解答：解：棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，根据左手定则可得，安培力的方向竖直向上，由于此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，则安培力必须增加所以适当增加电流强度，或增大磁场的磁感应强度，故ABC错误，D正确；故选：D点评：学会区分左手定则与右手定则，前者是判
16、定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向6（4分）质子和粒子在同一匀强磁场中做半径相同的圆周运动，由此可知，质子的动能Ek1和粒子的动能Ek2之比Ek1：Ek2等于（）A4：1B1：1C1：2D2：1考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：质子和粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，其半径公式为r=，得到速度v与半径r的关系，求得动能Ek的表达式，即可求出它们的动能之比解答：解：质子和粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径公式为r=，得v=动能为Ek=由题，半径r相同，则得到：Ek1：Ek2=：而qp：q=1：2，mp：m=4：1，解得，Ek
17、1：Ek2=1：1故选B点评：本题只要掌握带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径公式及两个粒子的质量、电荷量的关系，就能轻松解答7（4分）根据F=qvB可知，带电量为q的粒子以速度v射入匀强磁场B中，关于粒子所受洛仑兹力的说法正确的是（）A只要速度的大小相同，所受的洛仑兹力的大小就相同B运动电荷在磁感应强度不为零的地方，一定受到洛仑兹力的作用C只有粒子垂直射入磁场，粒子才受到洛仑兹力的作用D当粒子垂直射入磁场时，当两粒子的电量相同，速度大小相同，它们所处的磁场磁感应强度相同，则它们所受的洛仑兹力大小相等考点：洛仑兹力 分析：洛伦兹力公式F=qvBsin，为速度方向与磁场方向的夹角，只有当速度
18、方向垂直磁场方向时，才可以简化为F=qvB解答：解：A、根据洛伦兹力公式F=qvBsin，两个粒子的速度v相同，洛伦兹力不一定相同，故A错误；B、根据洛伦兹力公式F=qvBsin，运动电荷在磁感应强度不为零的地方，如果速度方向与磁场方向平行，则一定不受到洛仑兹力的作用，故B错误；C、根据洛伦兹力公式F=qvBsin，只要速度方向与磁场方向不平行，则洛伦兹力一定不为零，故C错误；D、根据洛伦兹力公式F=qvBsin，当粒子垂直射入磁场时，当两粒子的电量相同，速度大小相同，它们所处的磁场磁感应强度相同，则它们所受的洛仑兹力大小相等，故D正确；故选：D点评：本题关键是记住洛伦兹力公式F=qvBsin
19、，知道磁场对运动电荷有作用力的条件是速度方向与磁场方向不平行，基础题目8（4分）如图所示，在垂直于纸面向里的匀强磁场中，从P点垂直于磁场方向发射两个电子1和2，其速度分别为v1和v2，如果v2=2v1，则1和2电子的轨道半径之比r1：r2及周期之比T1：T2分别为（）Ar1：r2=1：2 T1：T2=1：2Br1：r2=1：2 T1：T2=1：1Cr1：r2=2：1 T1：T2=1：1Dr1：r2=2：1 T1：T2=2：1考点：带电粒子在匀强磁场中的运动 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：电子垂直射入匀强磁场中，做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律和圆周运动的规律求得半
20、径和周期的表达式，再求解即可解答：解：对于任一电子，根据牛顿第二定律得：evB=m则得，轨道半径为：r=周期为：T=由知，rv，则得，r1：r2=1：2；由知，T与v无关，则有，T1：T2=1：1故选：B点评：解决本题关键知道电子圆周运动的向心力来源，推导出半径和周期表达式，也可记住粒子做匀速圆周运动的半径和周期公式，再进行求解9（4分）在磁场中，放置一小段长为L，通有电流I的导线，关于导线所在处的磁感强度，下列说法正确的是（）A若该处的磁感强度为零，则该导线所受的安培力为零B若该导线所受的安培力不为零，则该处的磁感强度一定是C若该导线所受的安培力不为零，则安培力的方向即为该处的磁感强度方向D
21、若移去导线，则该处的磁感强度随之改变考点：安培力 分析：当磁场方向与电流方向平行时，安培力为零，当磁场方向与电流方向垂直时，F=BIL磁感应强度的大小由磁场本身的性质决定，与是否放入导线无关解答：解：A、若磁感应强度为零，导线所受的安培力为零，故A正确B、当电流的方向与磁场方向垂直时，F=BIL，磁感应强度B=，故B错误C、根据左手定则知，安培力的方向不是该点磁场的方向，故C错误D、移去导线，该处的磁感应强度不变，故D错误故选：A点评：对于概念的理解要深入充分，不能停留在表面，很多概念的定义式和决定式是不同的，如电场强度、磁感应强度、速度、加速度等10（4分）如图所示，长直导线MN通以图示方向
22、竖直向上的电流I，现有一小段通电导线ab，如图放置，则ab受磁场力的方向是（）A竖直向上B竖直向下C垂直纸面向外D垂直纸面向里考点：左手定则 分析：根据安培定则判断通电导线MN产生的磁场方向，采用左手定则判定电流所受安培力的方向解答：解：根据安培定则可知，通电导线MN在右侧产生的磁场方向垂直纸面向里根据左手定则可知，向左的电流受到的安培力的方向竖直向上故A正确，B、C、D错误故选：A点评：本题是磁场中典型问题：判断安培力作用下导体运动的方向常用方法有：等效法、电流元法、特殊位置法等11（4分）下列静电学公式中，F、q、E、U、r和d分别表示电场力、电量、场强、电势差以及距离，则（）F=k E=
23、 E= U=EdA它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B只对点电荷或点电荷的场成立，只对匀强电场成立C只对点电荷成立，对任何电场都成立，只对匀强电场才成立D只对点电荷成立，对任何电场都成立考点：电场强度；电势差；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：、E=只适用于点电荷；适用于任何电场，U=Ed只适用于匀强电场解答：解：是库仑定律的公式，只适用于点电荷E=是由库仑定律和电场强度的定义式E=推导出来的，也可适用于点电荷；是电场定义式，采用比值法定义，适用于任何电场；U=Ed是根据W=qU和W=qEd结合推导出来的，W=qEd只适用于匀强电场，所以U=Ed只对匀强电场成立故C正确故选：C点评：解
24、决本题的关键知道库仑定律和电场强度三大公式的适用条件，要知道各个公式的来源，并能灵活运用，即可正确答题12（4分）四种电场中的电场线圈如图所示，一正电荷仅在电场力作用下由M点向N点作加速运动，且加速度越来越大由此可以判定，该电荷所在的电场是图中的（）ABCD考点：电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：正电荷在电场中受到的电场力方向与场强方向相同，加速度与场强成正比，加速度增大，场强增大电场线的疏密表示场强的大小结合这些知识进行分析解答：解：正电荷q在电场中由M点向N点做加速运动，则其所受的电场力方向与速度方向相同，由于该电荷带正电，所以电场力方向与电场强度方向相同，则可知，电场强度方向由
25、MN根据牛顿第二定律得知，加速度与电场强度成正比，电荷的加速度增大，场强增大，电场线越来越来密故C正确故选：C点评：本题要具有分析加速度与电场强度、电场线疏密关系的能力电场线越密，场强越大，电荷的加速度越大二、填空题（本题共6小题，每空1分，共20分）13（3分）磁场对通电导线的作用通常称为安培力，在匀强磁场中有一段长为0.2m的导线，它与磁场方向垂直，当通以3A的电流时，它受到的作用力为6102N，该磁场的磁感应强度是0.1T；当导线在原位置缩短为原长的一半时，磁场的磁感应强度是0.1T考点：安培力 分析：通电导线在磁场中受到的力为安培力，由F=BIL可求磁感应强度；磁感应强度与导线长度无关
26、解答：解：通电导线在磁场中受到的力为安培力；由F=BIL可得磁感应强度为：B=0.1T；磁感应强度与导线长度无关，当导线的长度在原位置缩短为原来的一半时，磁感应强度仍为0.1T故答案为：安培力，0.1，0.1T点评：本题重点要知道磁感应强度与导线长度，通电电流等无关，只决定于磁场本身14（3分）如图：一个重力不计，质量为m，电量为+q的电荷在场强为E的匀强电场中，从B运动到A，在B点速度为V0，到A点速度恰好为零，则该电荷电势能变化了，A、B两点电势差UAB=，电荷从B运动到A，电场力作负功考点：电势差与电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：电势差等于电势之差电场力做功根据公式W=
27、qU计算，计算时各个量均要代入符号根据电场力做功多少，电荷的电势能就减少多少；电荷克服电场力做功多少，电荷的电势能就增加多少，分析电势能的变化情况解答：解：从B到A只有电场力做功，根据动能定理可得，故电场力做负功，电势能增加了电势差为故答案为：，负点评：电场中涉及能的计算，比如利用电势差求电场力做功时一定要所注意代入符号进行运算，并要注意电荷移动的方向15（3分）如图所示：电压U=90V，R1=200，R2=400，A、V为理想电表，其读数分别为I=0.15A，U2=60V此时R1上的功率P1=4.5W考点：电功、电功率 分析：分析电路结构，由欧姆定律可求得电流表的示数；再由欧姆定律可求得电压
28、表的示数；由功率公式可求得R1消耗的功率解答：解：由图可知，两电阻串联，由欧姆定律可知，电路中电流I=0.15A；U2的示数U2=IR2=0.15400=60V；R1上的功率P1=I2R1=（0.15）2200=4.5W；故答案为；0.15；60；4.5点评：本题考查欧姆定律及功率公式的应用，要注意正确分析电路结构，根据题意选择正确的物理公式求解16（3分）磁场对运动电荷的作用力称为洛伦兹力，当电荷的运动方向与磁场方向垂直时磁场对电荷的作用力最大，其大小为qvB，当电荷的运动方向与磁场方向平行时，磁场对电荷的作用力等于0考点：洛仑兹力 分析：磁场对运动电荷的作用力叫洛伦兹力，洛伦兹力的方向根据
29、左手定则，；洛伦兹力的大小的计算公式：F=qvBsin，其中是 B与v的夹角解答：解：洛仑兹力是磁场对运动电荷的作用力，磁场对运动电荷的作用力称为洛伦兹力；洛伦兹力的大小的计算公式：F=qvB sin，其中是 B与v的夹角若磁场对运动电荷的作用力大小为f=qvB，则电荷的运动方向与磁场方向应 垂直当电荷的速度方向与磁场方向互相平行时，洛伦兹力大小等于0故答案为：洛伦兹力，qvB，0点评：该题考查洛伦兹力的定义与洛伦兹力的大小的计算公式，要牢记洛伦兹力的计算公式的意义基础题目18（5分）在“描绘小灯泡伏按特性曲线”的实验中，使用的小灯泡为“6V 3W”，其他供选用的仪器有：A电流表A1（量程3A
30、，内阻0.2） B电流表A2（量程0.6A，内阻1）C电压表V1（量程3V，内阻20K）D电压表V2（量程15V，内阻60K）E变阻器R1（01000，0.5A） F变阻器R2（020，2A）G学生电源（68V） H开关S及导线若干实验中要求在06V范围内读取并记录下12组不同的电压值U和对应的电流值I，以便作出小灯泡的伏按特性曲线，在上述器材中，电流表应选用B，电压表应选用D，变阻器应选用F，在如图的方框中画出实验的电路图考点：描绘小电珠的伏安特性曲线 专题：实验题分析：本题的关键是根据小灯泡规格求出的额定电压和额定电流量程来选择电压表和电流表的量程；根据实验要求电流从零调可知变阻器应采用分
31、压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节解答：解：根据小灯泡规格“6V，3W”可知，额定电压U=6V，额定电流I=，所以电压表应选D，电流表应选B；由于实验要求电流从零调节，所以变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器F以方便调节故答案为：A，D，F点评：遇到电学实验应明确：根据待测电阻的额定电压和额定电流来选择电压表和电流表的量程；当实验要求电流从零调或变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节19（1分）如图所示，用螺旋测微器测某物体的外径，其读数为2.1342.136mm考点：螺旋测微器的使用 专题：实验题分析：螺旋测微器的读数方法是固定刻
32、度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：螺旋测微器的固定刻度为2mm，可动刻度为13.50.01mm=0.135mm，所以最终读数为2mm+0.135mm=2.135mm，由于需要估读，最后的结果可以在2.1342.136之间故答案为：2.1342.136点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量三、计算题（本题共3小题，共32分解答时应写出必要文字说明、方程式和重要的演算步骤）20（10分）如图所示，将一质量为m，电荷量为+q的小球固定在绝缘杆的一端，杆的另一端可绕通过O点的固定轴转动杆长为L，杆的质量忽略不计，杆与小球
33、置于场强为E的匀强电场中，电场方向如图所示，将杆置于水平位置OA，在此处将小球自由释放，求杆运动到竖直位置OB时的速度？考点：电势差与电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：小球向下运动的过程中重力与电场力做功，由动能定理即可求解；解答：解：对小球从A到B由动能定理得：mgL+qEL=mv20解得：答：杆运动到竖直位置OB时的速度为点评：本题考查了动能定理，知道重力和电场力都做功，即可21（10分）如图所示的电路中，电源的电动势E=2V，R1=R2=R3=1，当S闭合时，电压表的示数为1V，求：（1）流过R1和R2的电流；（2）电源的路端电压和内电阻；（3）若S断开，电压表的示数变为
34、多少？考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：（1）根据欧姆定律求出流过R1的电流，由并联电路电流的分配规律求流过R2的电流（2）由欧姆定律求出并联部分的电压，得到外电路总电压，即路端电压由闭合电路欧姆定律求电源的内阻（3）若S断开，根据串联电路电压与电阻成正比的规律求解电压表的示数解答：解：（1）根据欧姆定律得流过R1的电流 I1=A=1A由于R2=R3，所以流过R2的电流 I2=I1=0.5A（2）R2的电压U2=I2R2=0.5V故路端电压 U=U1+U2=1.5V内电阻 r=0.5（3）若S断开，电压表的示数为 U1=E=2V=0.8V答：（1）流过R1和R2的电流分别为1A
35、和0.5A；（2）电源的路端电压为1.5V，内电阻为0.5；（3）若S断开，电压表的示数变为0.8V点评：本题主要考查了闭合电路欧姆定律及串并联电路电压、电流的关系的直接应用，要求同学们能正确分析电路的结构，明确各个部分电压与电流的关系22（12分）如图所示，在U形导轨以倾角斜放在匀强磁场中，磁感强度B的方向垂直斜面向上，现将以光滑的金属棒水平的放在导轨上，且已知棒质量为m，电阻为R，长度为L，其电源内阻忽略不计，为使金属棒静止在导轨上，通电电流多少？所加的电源电动势大小为多少？考点：安培力 分析：金属棒静止在导轨上，受到重力、导轨的支持力和安培力，由左手定则判断安培力的方向，作出力图，由平衡条件和安培力公式F=BId求出电流，由闭合电路欧姆定律求出电动势解答：解：通过对导体棒的受力分析由共点力平衡可得mgsin=BIL解得I=有闭合电路的欧姆定律可得E=IR=答：金属棒静止在导轨上，通电电流为，所加的电源电动势大小为点评：本题是通电导体在磁场中平衡问题，分析和计算安培力是关键，安培力是联系力学与磁场的桥梁