1、高一物理（人教版2019必修第一册）第四章 章节复习与检测第一部分 知识思维导图第二部分 章末试题演练班级： 学号： 姓名： 一、选择题1牛顿第一定律是建立在理想斜面实验基础上,经抽象分析推理得出的结论,它不是实验定律利用如图所示的装置做如下实验:小球从左侧斜面上的点由静止释放后沿斜面向下运动,并沿水平面滑动水平面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐减低的材料时,小球沿水平面滑动到的最远位置依次为1、2、3根据三次实验结果的对比,可以得到的最直接的结论是( )A如果小球不受力,它将一直保持匀速运动或静止状态B如果小球受到力的作用,它的运动状态将发生改变C如果水平面光滑,小球将沿着水平面一直运动下去D小球
2、受到的力一定时,质量越大,它的加速度越小2关于单位制，下列说法中正确的是（）A在力学的国际单位制中，力的单位、质量的单位、位移的单位选定为基本单位B牛、千克米每秒都属于力的单位C在厘米、克、秒制中，重力加速度g的值等于9.8cm/s2D在力学计算中，所有涉及的物理量的单位都应取国际单位3下列说法正确的是（）A物体受到力的作用时，力克服了物体的惯性，使其产生了加速度B人走在松软土地上下陷时具有向下的加速度，说明人对地面的压力大于地面对人的支持力C物理公式既能确定物理量之间的数量关系，又能确定物理量间的单位关系D对静止在光滑水平面上的物体施加一个水平力，当力刚作用的瞬间，加速度为零4如图所示，一只
3、盛水的容器固定在一个小车上，在容器中分别悬挂和拴住一只铁球和一只乒乓球，容器中水和铁球、乒乓球都处于静止状态，当容器随小车突然向右运动时，两球的运动状况是(以小车为参考系)()A 铁球向左，乒乓球向右 B铁球向右，乒乓球向左C铁球和乒乓球都向左 D铁球和乒乓球都向右5如图所示，一质量为的木架放在水平地面上，木架上的长杆为竖直方向，在杆上套着一个质量为的小环，环与杆之间滑动摩擦力的大小为，当环沿杆向下做加速运动时，架子对地面压力的大小为（ ）ABCD6在以加速度a匀加速上升的电梯中，有一个质量为m的人，下列说法中正确的是（ ）A此人对地球的吸引力为B人对电梯的压力为C此人所受的重力为D此人的视重
4、为7如图所示，质量为m的小球用水平轻质弹簧系住，并用倾角为的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为()A0B gCg Dg8人在平地上静止站立时，受到的支持力等于人的重力做原地纵跳时，在快速下蹲后立即蹬伸的过程中，人受到的地面支持力会发生变化（如图，G为重力，F为支持力）下列曲线能正确反映从下蹲开始到离地过程中地面支持力变化的是（ ） A . B C D9如图所示，一倾角为30的斜面固定在水平地面上，木块m和M叠放在一起沿斜面向下运动，它们始终相对静止，m与M间的动摩擦因数为1，M与斜面间的动摩擦因数为2，则下列说法正确的是（）A若m、M一起匀加
5、速运动，可能有10，20B若m、M一起匀速运动，一定有10，20C若m、M一起匀加速运动，一定有10，20D若m、M一起匀速运动，可能有10，2010如图所示，质量分别为M和m的物块由相同的材料制成，且Mm，将它们用通过轻而光滑的定滑轮的细线连接如果按图甲装置在水平桌面上，两物块刚好做匀速运动如果互换两物块按图乙装置在同一水平桌面上，它们的共同加速度大小为()AgBgCgD上述均不对11图甲中的塔吊是现代工地必不可少的建筑设备，图乙为的建筑材料被吊车从也面竖直向上提升过程的图像，取，下列判断正确的是（）A 前钢索的拉力恒为1500NB46s末建筑材料离地面的距离为22mC建筑材料处于失重状态D
6、在钢索最容易发生断裂12如图所示，足够长的水平传送带以v02 m/s的速率顺时针匀速运行t0时，在最左端轻放一个小滑块，t2 s时，传送带突然制动停下已知滑块与传送带之间的动摩擦因数为0.2，取g10 m/s2.下列关于滑块相对地面运动的vt图象正确的是()ABCD13两个质量均为m的小球，用两条轻绳连接，处于平衡状态（左图）；若只将A、B间的轻绳换成轻质弹簧（右图），其他不变现突然迅速剪断两图中的轻绳OA，让小球下落，在剪断轻绳的瞬间（设两图中小球A的加速度大小分别为a1和a1，B的加速度大小分别为a2和a2），则正确的是()Aa1a1g，a2a20；Ba1a2g，a1a20；Ca12a12
7、a22g，a20Da1a22a12a22g第二部分 章末试题演练答题卷班级： 学号： 姓名： 一、选择题题号12345678910111213答案二、非选择题14“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图1所示。(1)下列说法正确的是_（单选）。A每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B实验时应先释放小车后接通电源C本实验砝码及砝码盘B的质量应远大于小车A的质量D在用图象探究加速度与质量关系时，应作图象(2)某同学在实验中打出的一条纸带如图2所示，他选择了几个计时点作为计数点，相邻两计数点间还有4个点没有标出，其中s1=7.06cm、s2=7.68cm、s3=8.30cm、s4=8.92cm，
8、纸带加速度的大小是_m/s2.（保留两位有效数字）(3)某同学将长木板右端适当垫高，其目的是_。但他把长木板的右端垫得过高，使得倾角过大。用a表示小车的加速度，F表示细线作用于小车的拉力。他绘出的a-F关系图象（如图3）是_（单选）。15图所示，质量m=1kg的光滑小球用细线系在质量为M=8kg、倾角为=37的斜面体上，细线与斜面平行，斜面体与水平面间的摩擦不计，g取10m/s2。试求：(1)若用水平向右的力F拉斜面体，要使小球不离开斜面，拉力F不能超过多少？(2)若用水平向左的力F推斜面体，要使小球不沿斜面滑动，推力F不能超过多少？16如图所示一足够长的斜面，倾角为，斜面与水平面平滑连接，质
9、量的物体静止于水平面上的点，点与点之间的距离，物体与水平面和斜面间的动摩擦因数均为，现物体受到一水平向右的恒力作用，运动至点时撤去该力，（，取）则：(1)物体在恒力作用下运动时的加速度是多大？(2)物体到达点时的速度是多大？(3)物体沿斜面向上滑行的最远距离是多少？17电梯内有一质量为m的物体，被细线挂在电梯的天花板上。(1)当电梯以的加速度竖直加速下降时，细线对物体的拉力是多大？ (2)若电梯以的加速度竖直减速下降，则细线对物体的拉力是多大？(3)若电梯以的加速度竖直加速上升，则细线对物体的拉力是多大？(4)若电梯以的加速度竖直减速上升，则细线对物体的拉力是多大？（g为重力加速度）18如图所
10、示，传送带保持以1m/s的速度顺时针转动。现将一质量m=0.5kg的物体从离传送带很近的a点轻轻地放上去，设物体与传送带间动摩擦因数=0.1，a、b间的距离L=2.5m，则物体从a点运动到b点所经历的时间为多少？（g取10m/s2）19质量为2 kg的木板B静止在水平面上，可视为质点的物块A从木板的左侧以某一初速度沿木板上表面水平冲上木板，如图甲所示。A和B经过1 s达到同一速度，之后共同减速直至静止，A和B的vt图像如图乙所示，重力加速度g=10m/s2，求：（1）A与B上表面之间的动摩擦因数1；（2）B与水平面间的动摩擦因数2；（3）A的质量；（4）物块相对木板滑行的距离x。第二部分 章末
11、试题演练 参考答案一、选择题1【答案】C【详解】水平面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐减低的材料时，小球沿水平面滑动到的最远位置依次为1、2、3可知摩擦力越小，则小球滚的越远，由此得出的结论是如果水平面光滑，小球受到的合外力为0，则小球将沿着水平面一直运动下去，故C符合题意所以C正确，ABD错误2【答案】D【详解】A力学单位制中，质量、长度、时间的单位被选为基本单位，A错误；B根据Fma 得 1N1kgm/s2 B错误；C在厘米、克、秒制中，g值不变，则有g9.8m/s2980cm/s2 C错误；D在力学计算中，没有特殊说明，所有物理量的单位都应取国际单位，D正确。故选D。3【答案】C【详解】A惯性
12、是物体的固有属性，力能使物体产生加速度，但不能说力克服了物体的惯性，A错误；B根据牛顿第三定律，两个物体间的作用力与反作用力总是等大反向的，B错误；C物理公式不仅能确定物理量之间的数量关系，也能确定单位关系，C正确；D根据牛顿第二定律，合外力与加速度是瞬时对应关系，D错误。故选C。4【答案】A【详解】小车突然向右运动时，由于惯性，铁球和乒乓球都“想”保持原有的静止状态，由于与同体积的“水球”相比铁球的质量大，惯性大，铁球的运动状态难改变，而同体积的“水球”的运动状态容易改变，所以小车加速向右运动时，铁球相对于小车向左运动同理，由于与同体积的“水球”相比乒乓球的质量小，惯性小，乒乓球相对于小车向
13、右运动故A正确，BCD错误5【答案】C【详解】环在竖直方向上受重力及杆给它的竖直向上的摩擦力f，根据牛顿第三定律，环应给杆一个大小相等竖直向下的摩擦力f，故木架竖直方向上受重力Mg地面对它的支持力N及环给它的摩擦力f，由于木架处于平衡状态，可得N=f+Mg=f+Mg，根据牛顿第三定律，木架对地面的压力大小等于地面对箱子的弹力，即N=f+Mg，故选项C正确。故选C。6【答案】D【详解】AC.电梯的运动状态对人的重力不构成影响，且人受到的重力和人对地球的吸引力是作用力和反作用力，所以人受到的重力和人对地球的吸引力大小都等于mg，AC错误BD.对人进行受力分析可知，人受到竖直向下的重力G和竖直向上的
14、支持力F；根据牛顿运动定律可得，F-G=ma，可得F=mg+ma，人对电梯的压力和人的视重与人受到的支持力大小相等，B错误D正确7【答案】B【详解】木板撤去前，小球处于平衡态，受重力、支持力和弹簧的拉力，如图，根据共点力平衡条件，有F-Nsin30=0 Ncos30-G=0 解得N=23mg3，F=33mg木板AB突然撤去后，支持力消失，重力和拉力不变，合力等于支持力N，方向与N反向，故加速度为a=Nm=23g3 故选B。8【答案】A【详解】人在地面上静止站立时，受到的支撑力等于人的重力，在快速下蹲时人先向下加速后向下减速到达最低点，故先具有向下的加速度后具有向上的加速度，则人先处于失重状态后
15、处于超重状态，受到支撑力先减小后增加；在人蹬伸的过程中，从最低点到达重力与地面支撑力相等时，人具有向上的加速度，处于超重，人从受力平衡点继续上升时支撑力减小，至人完全离开蹦床时支撑力减小到零，故符合的A选项故选：A9【答案】D【详解】ACM、N一起匀加速下滑，对m：根据牛顿第二定律知，m受到三个力，M对m的支持力，重力，M对m的摩擦力，所以一定有10；对整体：由平衡条件分析可知，斜面对M可能有摩擦力，有可能没有摩擦力，故20，也可能2=0，故AC错误；BDM、N一起匀速下滑，合力都为零，对m：根据平衡条件知，M对m的支持力的大小等于m的重力的大小，M对m没有摩擦力，故可能10，也可能10；对整
16、体：由平衡条件可知，斜面对M有摩擦力，方向沿斜面向上，故20，故B错误，D正确。故选D。10【答案】C【详解】按图甲装置在水平桌面上，两物块刚好做匀速运动得到mg=Mg，则=mM按图乙装置在同一水平桌面上，设它们的共同加速度为a，得到Mg-mg=(M+m)a联立解得a=M-mMg C正确，ABD错误故选C。11【答案】B【详解】A由图乙可知前10s内建筑材料的加速度a=vt=110m/s2=0.1m/s2 由牛顿第二定律得F-mg=ma 解得钢索的拉力F=1515N 故A错误；Bv-t图像中图线与横轴所围的面积表示位移，上升高度是28m，下降的高度为6m，46s末建筑材料离地面的距离为22m，
17、故B正确；CD3036s加速度向下，建筑材料处于失重状态，拉力小于重力，前10s建筑材料处于超重状态，拉力大于重力，钢索最容易发生断裂，故CD错误。故选B。12【答案】B【详解】刚被放在传送带上时，滑块受到滑动摩擦力作用做匀加速运动，a=mgm=g=2m/s2，滑块运动到与传送带速度相同需要的时间t1=va=1s，然后随传送带一起匀速运动的时间，当传送带突然制动停下时，滑块在传送带摩擦力作用下做匀减速运动直到静止，a=-a=-2m/s2，运动的时间t3=va=0-2-2s=1s，B正确13【答案】C【详解】在左图里，在剪断轻绳的瞬间，A、B两球由于用绳连接，一起下落，对A、B整体，根据牛顿第二
18、定律得：2mg=2ma1或2mg=2ma2，可得a1=a2=g，右图中，在剪断绳前，根据平衡条件得知，弹簧的弹力大小等于mg，绳OA对A物体的拉力2mg在剪断绳的瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，B的受力情况没有变化，则B所受的合力为0，则a2=0，A所受的合力大小等于绳的拉力大小2mg，即F=2mg，由牛顿第二定律可得：2mg=ma1，解得a1=2g，所以有a1=2a1=2a2=2g，故C正确。故选C。二、非选择题14【答案】D 0.62 平衡摩擦力 C 【详解】(1)1A实验前要平衡摩擦力，每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力，故A错误；B实验时应先接通电源，然后再释放小车，故B错误；C
19、在砝码及砝码盘B的质量远小于小车A的质量时，小车受到的拉力近似等于砝码及砝码盘受到的重力，故C错误；D应用图象法处理加速度与质量关系实验数据时，为了直观，应作a-图象，故D正确；(2)2根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得纸带的加速度为a=m/s2=0.62m/s2(3)34将长木板右端适当垫高，其目的是平衡摩擦力；把长木板的右端垫得过高，使得倾角过大，小车所受重力平行于木板的分力大于小车受到的摩擦力，小车受到的合力大于细线的拉力，在小车不受力时，小车已经具有一定的加速度，a-F图象不过原点，在a轴上有截距，因此他绘出的a-F关系图象是C。15【答案】(1)120N；
20、(2)67.5N【详解】(1)小球不离开斜面体，两者加速度相同、临界条件为斜面体对小球的支持力恰好为0，对小球受力分析如图由牛顿第二定律得=ma解得a=403m/s2对整体由牛顿第二定律得F=（M+m）a=120N(2)小球不沿斜面滑动，两者加速度相同，临界条件是细线对小球的拉力恰好为0，对小球受力分析如图由牛顿第二定律得mgtan37=ma解得a=gtan37=7.5m/s2对整体由牛顿第二定律得F=（Mm）a=67.5N16【答案】(1)2m/s2；(2)6m/s；(3)【详解】(1)在水平面上，根据牛顿第二定律可知F-mg=ma解得a=F-mgm=14-0.52102m/s2=2m/s2
21、(2)由M到B，根据运动学公式可知vB2=2aL解得vB=2aL=229m/s=6m/s(3)在斜面上，根据牛顿第二定律可得mgsin+mgcos=ma代入数据解得加速度的大小为a=10m/s2逆向分析可得vB2=2ax解得x=vB22a=1.8m17【答案】(1)23mg ；(2)43mg； (3)43mg； (4)23mg【详解】(1)选向下的方向（即加速度的方同）为正方向，设加速度的大小为a，物体受向下的重力mg及向上的拉力T作用。根据牛顿第二定律得mg-T=ma解得T=23mg(2)由“下降”可知速度方向向下，由“减速”可知加速度方向向上。选向上的方向为正方向，设加速度的大小为a1，物
22、体受向下的重力mg及向上的拉力T1作用。根据牛顿第二定律得T1-mg=ma1 解得T1=43mg。(3)由“上升”可知速度方向向上，由“加速”可知加速度方向向上。选向上的方向为正方向，设加速度的大小为a2，物体受向下的重力mg及向上的拉力T2作用。根据牛顿第二定律得T2-mg=ma2 解得T2=43mg(4)由“上升”可知速度方向向上，由“减速”可知加速度方向向下。选向下的方向为正方向，设加速度的大小为a3，物体受向下的重力mg及向上的拉力T3作用。根据牛顿第二定律得mg-T3=ma3解得T3=23mg18【答案】3s【详解】根据牛顿第二定律得物块的加速度为物块速度达到传送带速度时的位移为x=
23、v22a=12m2.5m知物块先做匀加速直线运动；后做匀速直线运动，匀加速运动的时间t1=va=1s匀速时间t2=2.5-0.51s=2s总时间t=t1+t2=3s19【答案】（1）0.2；（2）0.1；（3）6kg；（4）2m【详解】（1）由题图乙可知，A在01 s内的加速度对A由牛顿第二定律得-1mg=ma1解得1=0.2（2）由题图乙知，AB在13 s内的加速度a3=v3-v1t2=-1m/s2对AB由牛顿第二定律得-2(Mm)g=(Mm)a3解得2=0.1（3）由题图乙可知B在01 s内的加速度a2=v1t1=2m/s2对B由牛顿第二定律得1mg-2(Mm)g=Ma2代入数据解得m=6kg（4）由题图乙可以看出，物块相对于木板滑行的距离x对应图中(0，4)，(0，0)，(1，2)点所围三角形面积，故x=1241m=2m