1、浙江省绍兴市高级中学2019-2020学年高二物理下学期第二次教学质量检测试题（含解析）一、选择题I1.下列物理量属于标量的是（）A. 冲量B. 加速度C. 电流D. 电场强度【答案】C【解析】【详解】冲量、加速度、电场强度既有大小又有方向，遵守平行四边形定则，为矢量；虽然电流有方向，但没有正负之分，电流的计算不能用平行四边形定则，遵守代数加减法则，所以电流为标量，故A、B、D错误，C正确；故选C。2.最早测定电磁波在真空中的传播速度就是光速的物理学家是（）A. 法拉第B. 麦克斯韦C. 赫兹D. 惠更斯【答案】C【解析】【详解】德国物理学家赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在，并测定了电磁波的
2、波长和频率，证实了电磁波的传播速度等于光速；麦克斯韦预言了电磁波的存在；法拉第首次发现电磁感应现象，并进而得到产生交流电的方法；惠更斯建立向心力定律，提出动量守恒原理，并改进了计时器，故A、B、D错误，C正确；故选C。3.如图所示，气垫导轨上滑块经过光电门时，其上的遮光条将光遮住，电子计时器可自动记录遮光时间t.测得遮光条的宽度为x，用近似代表滑块通过光电门时的瞬时速度为使更接近瞬时速度，正确的措施是_A. 换用宽度更窄的遮光条B. 提高测量遮光条宽度的精确度C. 使滑块的释放点更靠近光电门D. 增大气垫导轨与水平面的夹角【答案】A【解析】【详解】极短时间内的平均速度表示瞬时速度；即换用宽度更
3、窄的遮光条，通过光电门的时间更短，更接近瞬时速度，故A正确；4.弹簧振子周期为2s，从振子通过平衡位置向右运动起，经过1.8s时，其运动情况是（）A. 向右减速B. 向右加速C. 向左减速D. 向左加速【答案】B【解析】【详解】由简谐运动的周期性可知，经1.8s时，振子振动时间所以振子正在向右运动，而且是向平衡位置运动，是加速运动，故B正确，A、C、D错误；故选B。5.下图为红光、蓝光分别通过单缝、双缝所呈现的图样，则（ ）A. 甲为蓝光的衍射图样B. 乙为红光的干涉图样C. 丙为红光的衍射图样D. 丁为蓝光的干涉图样【答案】D【解析】【详解】AB.单缝衍射条纹是中间明亮且宽大，越向两侧宽度越
4、小越暗，而波长越大，中央亮条纹越粗，故甲、乙是衍射图样，且甲图为红光的单缝衍射图样，乙图为蓝光的衍射图样，故A、B错误；CD.双缝干涉的图样是明暗相间的干涉条纹，所有条纹宽度相同且等间距，故丙、丁两个是双缝干涉现象，根据双缝干涉条纹间距可知，波长越大，条纹间距越大，故丙图为红光的双缝干涉图样，丁图为蓝光的干涉图样，故C错误，D正确6.下列说法中正确的是（）A. 图甲全息照片用激光来拍摄，主要是利用了激光的相干性B. 图乙医学上用光导纤维制成内窥镜来检查人体器官内部，这是利用光的衍射原理C. 图丙拍摄汽车玻璃窗内的物品时，在镜头前加一个增透膜可以减少反射光的损失D. 图丁在光的双缝干涉实验中，将
5、入射光由红光改为蓝光，则条纹间距变宽【答案】A【解析】【详解】A全息照片往往用激光来拍摄，主要是利用了激光的相干性，体现光的干涉原理，故A正确；B医学上用光导纤维制成内窥镜，用来检查人体内脏器官的内部，它利用了光的全反射原理，故B错误；C往往在镜头前加一个偏振片，其偏振方向与反射光的振动方向垂直，从而减弱反射光的透射的强度，从而使玻璃后的影像清晰，不是减少反射光的损失，故C错误；D由知在光的双缝干涉实验中，把入射光由红光改为蓝光，条纹间距将变窄，故D错误；故选A。7.质量为m小球A以水平速率v与静止在光滑水平面上质量为3m的小球B正碰后，小球A的速率为，则碰后B球的速度为（以A球原方向为正方向
6、）（）A. B. vC. D. 【答案】D【解析】【详解】在光滑水平面上，碰撞过程中A、B动量守恒，则有正碰后小球A的速率为，则当时，解得还要发生第二次碰撞，这不可能，故此答案舍去。当时，解得选项D正确，ABC错误。故选D。8.X射线是一种高频电磁波，若X射线在真空中的波长为，以h表示普朗克常量，c表示真空的光速，以E和p分别表示X射线每个光子的能量和动量，则A. ，p=0B. ，C. ，p=0D. ，【答案】D【解析】【详解】光子的能量，动量为：9.一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块A并留在其中，A、B用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示。则在子弹打击木块A及弹簧被压缩的过程中，对
7、子弹、两木块和弹簧组成的系统（）A. 动量守恒，机械能守恒B. 动量不守恒，机械能守恒C. 动量守恒，机械能不守恒D. 无法判定动量、机械能是否守恒【答案】C【解析】【详解】在子弹打击木块A及弹簧压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统，系统所受的合外力为零，则系统的动量守恒。在此过程中，除弹簧弹力做功外还有摩擦力对系统做功，所以系统机械能不守恒。选项C正确，ABD错误。故选C。10.原子核的比结合能曲线如图所示，根据该曲线，下列判断中正确的有（）A. 核的结合能约为14 MeVB. 核比核更稳定C. 两个核结合成核时吸收能量D. 核中核子的比结合能比核中的大【答案】B【解析】【详解】A根
8、据图像可知核的比结合能约为7Mev，核里面有四个核子，所以结合能约为故A错误；B比结合能越大，原子核越稳定，所以核比核更稳定，故B正确；C两个核结合成核时发生聚变反应，比结合能变大，有质量亏损，所以释放能量，故C错误；D根据图像可知核中核子的比结合能比核中的小，故D错误；故选B。11.明代学者方以智在阳燧倒影中记载：“凡宝石面凸，则光成一条，有数棱则必有一面五色”，表明白光通过多棱晶体折射会发生色散现象。如图所示，一束复色光通过三棱镜后分解成两束单色光a、b，下列说法正确的是（）A. 若增大入射角i，则b光先消失B. 在该三棱镜中a光波长小于b光C a光能发生偏振现象，b光不能发生D. 若a、
9、b光分别照射同一光电管都能发生光电效应，则a光的遏止电压低【答案】D【解析】【详解】A设折射角为，在右界面的入射角为，如图所示：根据几何关系有根据折射定律：，增大入射角i，折射角增大，减小，而增大才能使b光发生全反射，故A错误；B由光路图可知，a光的折射率小于b光的折射率（），则a光的波长大于b光的波长（），故B错误；C光是一种横波，横波有偏振现象，纵波没有，有无偏振现象与光的频率无关，故C错误D根据光电效应方程和遏止电压的概念可知：最大初动能，再根据动能定理：，即遏止电压，可知入射光的频率越大，需要的遏止电压越大，则a光的频率小于b光的频率（），a光的遏止电压小于b光的遏止电压，故D正确。故
10、选D。【点睛】本题考查的知识点较多，涉及光的折射、全反射、光电效应方程、折射率与波长的关系、横波和纵波的概念等，解决本题的关键是能通过光路图判断出两种光的折射率的关系，并能熟练利用几何关系12.在如图甲所示的LC振荡电路中，通过P点的电流随时间变化的图线如图乙所示，若把通过P点向右的电流规定为i的正方向，则（）A. 00.5ms内，电容器C正在充电B. 0.5ms1ms内，电容器上极板带正电荷C. 1ms1.5ms内，Q点比P点电势高D. 1.5ms2ms内，线圈的磁场能减少，磁感应强度增大【答案】C【解析】【详解】A由图乙可知，在0至0.5ms内，电路电流在增大，电容器正在放电，故A错误；B
11、由图乙可知，在0.5ms至1ms内，电流是正，即经过点的电流向右，由于电路中做定向移动的带电粒子是带负电的电子，因此在该时间段内，电子经过点向左移动，因此电容器上极板带负电，故B错误；C由图乙可知，在1ms至1.5ms内，通过电感线圈的电流向上，且增大，电感线圈产生自感电动势，由楞次定律可知电感线圈下端电势高，上端电势低，即点比点电势高，故C正确；D由图乙可知，在1.5ms至2ms内，电路电流减小，磁场减弱，磁感应强度变小，电路处于充电过程，磁场能转化为电场能，磁场能减小，故D错误；故选C。13.手持较长软绳端点O以周期T在竖直方向上做简谐运动，带动绳上的其他质点振动形成简谐波沿绳水平传播，示
12、意如图绳上有另一质点P，且O、P的平衡位置间距为Lt=0时，O位于最高点，P的位移恰好为零，速度方向竖直向上，下列判断正确的是A. 该简谐波是纵波B. 该简谐波的最大波长为2LC. 时，P在平衡位置上方D. 时，P的速度方向竖直向上【答案】C【解析】【详解】绳波中质点的振动方向与波的传播方向垂直，属于横波，纵波的传播方向和质点的振动方向在同一直线上，故A错误，根据波形图和波的传播方向可知，位移恰好为零且速度方向竖直向上的质点与O点的距离应为，其中n=0、1、2，波长，可知当n=0时有波长的最大值，为，故B错误；0内P由平衡位置振动到波峰，内P由波峰回动到平衡位置，可知时P在平衡位置上方向上振动
13、，时P在平衡位置上方向下振动，故C正确，D错误二、选择题II14.下列说法正确的是（ ）A. 组成原子核的核子越多，原子核越稳定B. 衰变为 经过4次衰，2次衰变C. 在LC振荡电路中，当电流最大时，线圈两端电势差也最大D. 在电子的单缝衍射实验中，狭缝变窄，电子动量的不确定量变大【答案】BD【解析】A、比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，与核子多少无关，故A错误；B、衰变为经过，质量数减少16，质子数减少6，而一次衰变，质子数减2，质量数减4，一次衰变，质子数增加1，质量数不变，所以是4次衰变，2次衰变，故B正确；C、当线圈两端电势差也最大时，电流变化率最大，电流为0，
14、故C错误；D、狭缝变窄，使得变小，根据不确定关系，则变大，故D正确；故选BD15.静止在匀强磁场中的原子核X发生衰变后变成新原子核Y已知核X的质量数为A，电荷数为Z，核X、核Y和粒子的质量分别为mX、mY和m，粒子在磁场中运动的半径为R则A. 衰变方程可表示为B. 核Y的结合能为（mx-my-m）c2C. 核Y在磁场中运动的半径为D. 核Y的动能为【答案】AC【解析】【详解】A根据质量数和电荷数守恒可知，衰变方程可表示为，选项A正确；B此反应中放出的总能量为：E=（mx-my-m）c2，可知核Y的结合能不等于（mx-my-m）c2，选项B错误；C根据半径公式，又mv=P（动量），则得，在衰变过
15、程遵守动量守恒，根据动量守恒定律得：0=PY-P，则PY=P， 得半径之比为，则核Y在磁场中运动的半径为，故C正确；D两核的动能之比：，因，解得，选项D错误16.如图所示，甲图为演示光电效应的实验装置；乙图为在a、b、c三种光照射下得到的三条电流表与电压表读数之间的关系曲线；丙图为氢原子的能级图；丁表格给出了几种金属的逸出功和极限频率。以下说法正确的是 （）A. 若b光为绿光，c光可能是紫光B. 若a光为绿光，c光可能是紫光C. 若b光光子能量为2.81 eV，用它照射由金属铷构成的阴极，所产生的大量具有最大初动能的光电子去撞击大量处于n=3能级的氢原子，可以辐射出6种不同频率的光D. 若b光
16、光子能量为2.81 eV，用它直接照射大量处于n=2能级的氢原子，可以辐射出6种不同频率的光【答案】BC【解析】【详解】AB由图可知光和光的遏止电压相等，且大于光的遏止电压，根据遏止电压的方程可知，光和光照射产生光电子的最大初动能相等，大于光照射产生的光电子最大初动能；根据光电效应方程可知，逸出功相等，光和光的频率相等，大于光的频率，光频率小，则波长长，而光和光频率大，波长短，因此若光为绿光，光和光可能是紫光，故A错误，B正确；C用光照射金属铷时，则有去撞击大量处于激发态的氢原子时，能量值最大可以达到由于该能量值介于氢原子的第4能级与第5能级之间，可知该光电子与氢原子碰撞，可以使氢原子吸收的能
17、量跃迁到n=4的能级，这时大量氢原子处在的能级上，可辐射出种不同频率的光，故C正确；D若用光直接照射大量处于激发态的氢原子，能量值最大可以达到由于该能量值介于氢原子的第2能级与第3能级之间，用光子照射氢原子，氢原子只能吸收能量恰好等于能级能量之差的光子，可知氢原子不能吸收0.68eV的能量发生跃迁，故D错误；故选BC。三、非选择题17.在“用双缝干涉测光的波长”的实验中(1)如图甲所示，光具座上放置的光学元件有光源、遮光筒和其他元件，其中a、b、c、d各元件的名称依次是_（填选项前的字母）；A.单缝、滤光片、双缝、光屏 B.单缝、双缝、滤光片、光屏C.滤光片、单缝、双缝、光屏 D.滤光片、双缝
18、、单缝、光屏(2)以下操作中能够增大光屏上相邻两条亮纹之间距离的是_（填选项前的字母）；A.将红色滤光片改为绿色滤光片 B.增大双缝之间的距离C.增大图中的b和d之间的距离 D.增大图中的c和d之间的距离(3)若她在另一次实验操作中，发现测量头中的分划板中心刻线与干涉条纹不在同一方向上，如图所示，则_（填选项前的字母）。A.此现象是单缝与双缝不平行造成的B.此情形下波长的测量值大于真实值C.通过调节拨杆能使中心刻线与干涉条纹方向一致【答案】 (1). C (2). D (3). B【解析】【分析】【详解】(1)1为了获取单色的线光源，光源后面应放置滤光片、单缝，单缝形成的相干线性光源经过双缝产
19、生干涉现象，因此、元件依次为滤光片、单缝、双缝和光屏，故C正确，A、B、D错误；故选C；(2)2A根据双缝干涉的条纹间距公式可知，将红色滤光片改为绿色滤光片，波长变小，则双缝干涉条纹的间距变小，故A错误；B根据双缝干涉的条纹间距公式可知，增大双缝之间的距离，双缝干涉条纹间距变小，故B错误；CD增大图中的和的距离，即增大双缝与光屏间的距离，根据双缝干涉的条纹间距公式可知，双缝干涉条纹间距变大；但增大图中的和之间的距离，双缝与光屏间的距离不一定增大，根据双缝干涉的条纹间距公式可知双缝干涉条纹间距不一定变大，故C错误，D正确；故选D；(3)3A图所示出现的问题是分刻板中心刻度线与干涉条纹不平行，应调
20、节测量头使干涉条纹调成与分划板中心刻线同一方向上；若单缝与双缝不平行，在光屏上却观察不到干涉图样，故A错误；B此情形将造成条纹间距的测量值偏大，根据双缝干涉的条纹间距公式可知波长的测量值将偏大，故B正确；C调节拨杆的作用是为了使单缝和双缝平行，获得清晰的干涉图样，图已有清晰的干涉图样，所以不用调节，故调节拨杆不能把干涉条纹调成与分划板中心刻线同一方向上，故C错误；故选B。18.小明做“探究碰撞中的不变量”实验的装置如图1所示，悬挂在O点的单摆由长为l的细线和直径为d的小球A组成，小球A与放置在光滑支撑杆上的直径相同的小球B发生对心碰撞，碰后小球A继续摆动，小球B做平抛运动（1）小明用游标卡尺测
21、小球A直径如图2所示，则d=_mm又测得了小球A质量m1，细线长度l，碰撞前小球A拉起的角度和碰撞后小球B做平抛运动的水平位移x、竖直下落高度h为完成实验，还需要测量的物理量有：_（2）若A、B两球碰后粘在一起形成新单摆，其周期_（选填“小于”、“等于”或“大于”）粘合前单摆的周期（摆角小于5）【答案】 (1). 14.40； (2). 小球B质量m2,碰后小球A摆动的最大角 ； (3). 大于；【解析】【分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数；根据球A摆动过程中机械能守恒来分析球A的速度，根据平抛运动规律来分析球B的速度，从而确定要测量的物理量；两球粘在一起后球的重心发生变化，据此判
22、断摆长的变化，从而判断周期的变化；【详解】（1）球的直径为d=14mm+8mm=14.40mm；根据机械能守恒定律可得碰撞前瞬间球A的速度（），碰撞后仍可根据机械能守恒定律计算小球A的速度，所以需要小球A碰后摆动的最大角；小球B碰撞后做平抛运动，根据根据平抛运动规律可得小球B的速度，要求B的动量所以需要测量小球B的质量；（2）黏在一起后，球的重心发生变化，如图所示，摆长发生变化，故根据单摆周期可得周期变大19.如图所示，将小砝码置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的拉力将纸板迅速抽出，砝码的移动很小，几乎观察不到，这就是大家熟悉的惯性演示实验若砝码和纸板的质量分别为m1和m2，各接触面间的动摩擦因
23、数均为重力加速度为g（1）当纸板相对砝码运动时，求纸板所受摩擦力大小；（2）要使纸板相对砝码运动，求所需拉力的大小；（3）本实验中，m1=0.5kg，m2=0.1kg，=0.2，砝码与纸板左端的距离d=0.1 m，取g=10m/s2若砝码移动的距离超过l =0.002 m，人眼就能感知，为确保实验成功，纸板所需的拉力至少多大?【答案】（1）（2）（3）22.4N.【解析】试题分析：（1）砝码和桌面对纸板的摩擦力分别为：f1=m1g，f2=（m1+m2）g纸板所受摩擦力的大小：f=f1+f2=（2m1+m2）g（2）设砝码的加速度为a1，纸板的加速度为a2，则有：f1=m1a1，F-f1-f2=
24、m2a2发生相对运动需要a2a1代入数据解得：F2（m1+m2）g（3）为确保实验成功，即砝码移动的距离不超过l=0002m，纸板抽出时砝码运动的最大距离为x1=a1t12，纸板运动距离d+x1=a2t22纸板抽出后砝码运动的距离x2=a3t22，L=x1+x2由题意知a1=a3，a1t1=a3t2代入数据联立得F=224N考点：牛顿第二定律的综合应用【名师点睛】这是2013年江苏高考题，考查了连接体的运动，解题时应用隔离法分别受力分析，找出两个物体之间的位移关联关系，列运动方程，难度较大20.在竖直平面内，某一游戏轨道由直轨道AB和弯曲的细管道BCD平滑连接组成，如图所示小滑块以某一初速度从
25、A点滑上倾角为=37的直轨道AB，到达B点的速度大小为2m/s，然后进入细管道BCD，从细管道出口D点水平飞出，落到水平面上的G点已知B点的高度h1=1.2m，D点的高度h2=0.8m，D点与G点间的水平距离L=0.4m，滑块与轨道AB间的动摩擦因数=0.25，sin37= 0.6，cos37= 0.8（1）求小滑块在轨道AB上的加速度和在A点的初速度；（2）求小滑块从D点飞出的速度；（3）判断细管道BCD的内壁是否光滑【答案】（1） （2）1m/s（3）小滑块动能减小，重力势能也减小，所以细管道BCD内壁不光滑【解析】【详解】（1）上滑过程中，由牛顿第二定律：，解得；由运动学公式，解得（2）
26、滑块在D处水平飞出，由平抛运动规律，解得；（3）小滑块动能减小，重力势能也减小，所以细管道BCD内壁不光滑21.如图所示，某种透明材料做成的三棱镜，其横截面是横截面是边长为a的等边三角形，现用一束宽度为a的单色平行光束，以垂直于BC面的方向正好入射到该三棱镜的AB及AC面上，结果所有从AB、AC面入射的光线进入后恰好全部直接到达BC面求：（i）该材料对此平行光束的折射率；（ii）这些直接到达BC面的光线从BC面折射而出后，如果照射到一块平行于BC面的屏上形成光斑，则当屏到BC面的距离d满足什么条件时，此光斑分为两条【答案】（1） （2）当光屏到BC距离超过，光斑分为两块【解析】【详解】（1）由
27、于对称性，我们考虑从AB面入射的光线，这些光线在棱镜中是平行于AC面的，由对称性不难得出，光线进入AB面时的入射角和折射角分别为：=60，=30由折射定律，材料折射率（2）如图O为BC中点，在B点附近折射的光线从BC射出后与直线AO交于D，可看出只要光屏放得比D点远，则光斑会分成两块由几何关系可得：所以当光屏到BC距离超过时，光斑分为两块22.如图所示，两根平行光滑金属导轨MN，PQ，放在水平面上，导轨间距L，左端向上弯曲，电阻不计，匀强磁场方向竖直向上，磁感应大小为B，导体棒a与b的质量均为 m，电阻分别为R与2R，b棒放在水平导轨上足够远处，a棒在弧形导轨上距水平面h高度处由静止释放，运动
28、过程中导轨与导体棒接触良好且始终与导轨垂直，重力加速度为g：(1)求a棒滑到底端刚要进入磁场时的动量大小；(2)求a棒滑到底端刚进入磁场时受到的安培力的大小和方向；(3)求最终稳定时两棒的速度大小；(4)从a棒开始下滑到最终稳定的过程中，求b棒上产生的内能。【答案】(1) ；(2)，方向水平向左；(3)；(4)【解析】【详解】(1)设棒刚进入磁场时的速度为，从开始下落到进入磁场，根据机械能守恒定律有解得棒刚要进入磁场时的动量大小(2)棒切割磁感线产生感应电动势为根据闭合电路欧姆定律有棒受到安培力为根据左手定则可知棒受到的安培力方向水平向左(3)设两棒最后稳定时的速度为，从棒进入磁场到两棒速度达到稳定，根据动量守恒定律有解得(4) 设棒产生的内能为，棒产生的内能为，根据能量守恒定律有两棒串联内能与电阻成正比，则有联立解得
