1、成都外国语学校2016届高三下5月月考1理科综合 物理试题第卷(选择题，共42分)一、本卷共7题，每题6分，共42分。在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第67题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。1.以下说法正确的是 A. 红外线比紫外线更容易产生显著的衍射现象B. 在国际单位制中，力学的基本单位是千克、牛顿、秒C. 牛顿通过理想斜面实验否定了“力是维持物体运动的原因”，用到的物理思想方法属于“理想实验”法D. 爱因斯坦质能方程为，对宏观低速运动的物体不成立2. 如图所示，一理想变压器原副线圈匝数比为n1：n2=4：1，原线圈ab间接
2、一电压为u=220sin100t（V）的交流电源，灯泡L标有“36V ，18W”，当滑动变阻器R的滑片处在某位置时，电流表示数为0.25A，灯泡L刚好正常发光，则A滑动变阻器R消耗的功率为36WB值电阻R0的电阻值为19C流过灯泡L的交变电流频率为25HzD将滑动变阻器R的滑片向上滑时，灯泡L的亮度变暗3.一列简谐横波沿直线传播，该直线上的a、b两点相距4.42 m。下图中实、虚两条曲线分别表示平衡位置在a、b两点处质点的振动曲线。从图示可知 A. 此列波的频率一定是100HZB. 此列波的波长一定是0.1 mC. 此列波的传播速度可能是34 m/sD. a点一定比b点距波源近4如图所示，扇形
3、AOB为透明柱状介质的横截面，圆心角AOB=60o，两束平行于角平分线OM的单色光a和b由OA面射入介质，经OA面折射的光线都相交于M点，其中a光的折射光线恰好平行于OB，以下说法正确的是 A该介质对a光的折射率为Ba光的折射光线不能在AB面发生全反射C在同一介质中，a光的光速大于b光的光速D用同一装置进行双缝干涉实验，a光的条纹间距大于b光的条纹间距5.为了实现人类登陆火星的梦想，我国宇航员王跃和俄罗斯宇航员一起进行了“模拟登火星”的实验活动，假设火星半径与地球半径之比为1：2，火星质量与地球质量之比为1：9.已知地球表面的重力加速度为g，地球半径为R，万有引力常量为G，忽略自转的影响，则A
4、火星表面与地球表面的重力加速度之比为2：9B火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为：3C火星的密度为D若王跃以相同初速度在火星表面与地球表面能竖直跳起的最大高度之比为9：26. 如图所示，某光滑斜面倾角为300，其上方存在平行斜面向下的勻强电场，将一轻弹簧一端固定在斜面底端，现用一质量为m、带正电的绝缘物体将弹簧压缩锁定在A点，解除锁定后，物体将沿斜面上滑，物体在运动过程中所能到达的最高点B距A点的竖直高度为h物体离开弹簧后沿斜面向上运动的加速度大小等于重力加速度g，则下列说法正确的是 A弹簧的最大弹性势能为mgh B物体的最大动能等于弹簧的最大弹性势能 C物体从A点运动到B点的过程中系
5、统损失的机械能为mgh D物体到达B点时增加的电势能为mgh7.如图所示，在光滑的水平地面上有一个表面光滑的物块P，它的质量为M，一长为L的轻杆下端用光滑铰链连接于O点，O点固定于地面上，轻杆的上端连接着一个可视为质点的小球Q，它的质量为m，且M=5m.开始时，小球斜靠在物块左侧，它距地面的高度为h，物块右侧受到水平向左推力F的作用，整个装置处于静止状态. 若现在撤去水平推力F，则下列说法中正确的是 A. 物块先做匀加速运动，后做匀速运动B. 在小球和物块分离前，当轻杆与水平面的夹角为时，小球的速度大小C. 小球与物块分离时，小球一定只受重力作用D. 在小球落地之前，小球的机械能一直减少第卷(
6、非选择题，共68分)二、实验题8.(17分)(1)（6分）在“探究单摆周期与摆长的关系”的实验中：需要测量悬线长度，现用最小分度为1mm的米尺测量，图中箭头所指位置是拉直的悬线两端在米尺上相对应的位置，测得悬线长度为 mm一组同学测得不同摆长单摆对应的周期T，将数据填入表格中，根据表中数据，在坐标纸上描点，以T为纵轴，为横轴，作出做简谐运动的单摆的T图象根据作出的图象，能够得到的结论是 A单摆周期T与摆长成正比B单摆周期T与摆长成反比C单摆周期T与摆长的二次方根成正比D单摆摆长越长，周期T越大另一组同学进一步做“用单摆测定重力加速度”的实验，讨论时有同学提出以下几点建议，其中对提高测量结果精确
7、度有利的是 A适当加长摆线B质量相同、体积不同的摆球，选用体积较大的C单摆偏离平衡位置的角度不能太大D当单摆经过平衡位置时开始计时，经过一次全振动后停止计时，用此时间间隔作为单摆振动的周期(2)（11分）某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率。步骤如下：用20分度的游标卡尺测量其长度如下图所示，可知其长度为 mm；用螺旋测微器测量其直径如右上图所示，可知其直径为_mm；用多用电表的电阻“10”档，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为_为更精确地测量其电阻，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程03 mA，内阻约50 ）电流表A2
8、（量程015 mA，内阻约30 ）电压表V1（量程03 V，内阻约10 k）电压表V2（量程015 V，内阻约25 k）直流电源E（电动势4 V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围015 ）滑动变阻器R2（阻值范围02 k）开关S，导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，电流表应选用_，电压表应选用_，滑动变阻器应选用_。请在图中补充连线完成本实验。三、解答题9.(15分) 高铁列车上有很多制动装置。在每节车厢上装有制动风翼，当风翼完全打开时，可使列车产生a105 ms2的平均制动加速度。同时，列车上还有电磁制动系统、空气制动系统、摩擦制动系统等。单独启动电磁制动系统，可使列车产生
9、a207 ms2的平均制动加速度。所有制动系统同时作用，可使列车产生最大为a3 ms2的平均制动加速度。在一段直线轨道上，列车正以v0324 kmh的速度匀速行驶时，列车长接到通知，前方有一列车出现故障，需要该列车减速停车。列车长先将制动风翼完全打开让高速行驶的列车减速，当车速减小了时，再通过电磁制动系统同时制动。（1）若不再开启其他制动系统，从开始制动到停车，高铁列车行驶的距离是多少?（2）若制动风翼完全打开时，距离前车只有2 km，那么该列车最迟在距离前车多远处打开剩余的制动装置，才能保证不与前车相撞?10.(17分)如图甲所示，两条不光滑平行金属导轨倾斜固定放置，倾角=37，间距d=1m
10、，电阻r=2的金属杆与导轨垂直连接，导轨下端接灯泡L，规格为“4V,4W”，在导轨内有宽为l、长为d的矩形区域abcd，矩形区域内有垂直导轨平面均匀分布的磁场，各点的磁感应强度 B大小始终相等，B随时间 t 变化如图乙所示。在t=0时，金属杆从PQ位置静止释放，向下运动直到cd位置的过程中，灯泡一直处于正常发光状态。不计两导轨电阻，sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度g=10m/s2。求： 1Ot/sB/T23乙abcdLPQ甲l（1）金属杆的质量m；（2）03s内金属杆损失的机械能。11.(19分)如图所示,水平绝缘地板GH上方高度为h的空间存在一个匀强电场,场强大小,方向竖直
11、向上,电场的上、下边界分别为EF、 (范围足够大).EF上方水平放置一平行板电容器,下板CD紧靠边界EF,下板中点开有一个小孔.上板AB带正电,下板CD带负电,板间电压为U,板间距离为d.一个带电量为+q、质量为m的小球从非常靠近上板的中点O静止释放.图中P为地板上一点,且O、O、P三点共线.小球可以视为质点,不计空气阻力.求:(1)小球离开小孔O时的速度;(2)若小球每次撞击地板后电量保持不变,速度大小减为撞击前的一半,方向和撞击前的方向相反,且第一次撞击后立即在EF下方空间加上方向如图所示的匀强磁场,电场保护不变.(边界EF存在电场和磁场)欲使小球不离开边界EF,则所加磁场的磁感应强度大小
12、满足的条件;在满足中的磁感应强度取最小值时,求小球与地板的撞击点到P点的距离.物理五月月考1参考答案1.A 2.B 3.C 4.B 5.B 6. CD 7.BC 8.(1) 987.0 DAC（2）50.15 4.6974.700都对220（或写成）A2 V1 R1如图9. （1）由题意可得v0=324 km/h=90 m/s打开制动风翼时，a1=0.5 m/s2， 在此过程中行驶的距离： 再打开电磁制动后，共同作用的加速度为=0.5 m/s2+0.7 m/s2=1.2 m/s2在此过程中行驶的距离 高铁列车在此过程中行驶的总距离：x=x1+x2=6000 m（2）设最迟需要在距离前车x处打开
13、其他制动装置。由题意知，此时减速需要最大制动加速度。即a=3 m/s2 （2分）减速之前有 由以上两式可解得： x=1220 m 10. （1）设小灯泡额定功率为P=4W，额定电流为I，额定电压为U=4V，正常发光时电阻为R，则 P=IU 在01s时间内，金属杆从PQ运动到ab位置，设整个回路中的感应电动势为E，磁场区域宽度为l，则 ， 联立解得 I=1A，R=4，E=6V，l=3m 在t=1s金属杆进入磁场后，磁场磁感应强度保持不变，设金属杆进入磁场时速度为v，金属杆中的感应电动势为E1，则 E1=E，E1=Bdv设金属杆在运动过程中受到的摩擦力为f，杆进入磁场前加速度为a，则 进场后杆匀速
14、运动，设受到的安培力为F安，所以 联立解得 v=3m/s，a=3m/s2，f=2N，F=6N m=0.67kg （2）设金属杆进入磁场前01s内的位移为x1，通过磁场的时间为t2，则，解得 x1=1.5m，t2=1s故在2s后金属杆出磁场，设第3s内金属杆的位移为x3，3s末金属杆的速度为v3，则 v3=v+at3 联立解得 x3=4.5m，v3= 6m/s （2）另解：03s内杆克服摩擦力做功 (2分)，克服安培力做功 (2分)，03s内杆损失的机械能为，11（19分）解：（1）小球从O到O 过程，由动能定理得 4分（2）因小球离开电容器后在EF下方受到的电场力大小、方向竖直向上，所以小球离开电容器后做匀速直线运动。小球第一次撞击P点后的速度 2分 由牛顿第二定律 2分得 2分欲使小球不离开边界EF，则小球做圆周运动的半径2分 2分当时，小球每次撞击后速度减半。设第n次撞击后速度为vn。则 1分 （n=1、2、3、）1分第1次恰好在P点撞击。以后（即第n次，n=2、3、）撞击时，在距离P点右侧（n=2、3、） 3分版权所有：高考资源网()