1、高考资源网（ ），您身边的高考专家2014届福安一中高三毕业班模拟考试物理测试本试卷分第I卷（选择题）和第II卷。第I卷为必考题，第II卷包括必考题和选考题 两部分。本试卷共12页，满分300分，考试时间150分钟。注意事项：答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。相对原子质量（原子量）：H 1 C 12 O 16 Al 27 K 39 Ca 40 Mn 55 Fe 56第卷（选择题，共18题，共108分）一、选择题(本题共18小题，每小题6分，共108分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求)13如图所示，a、b两种单色光，平行地射到平板玻璃上，经平板玻璃后射出
2、的光线分别为a、b。下列说法正确的是 A两光在同一单缝衍射装置上形成的衍射条纹，a光的中央亮条纹宽度比b光的小B光线a进入玻璃后的传播速度小于光线b进入玻璃后的传播速度 C若光线a能使某金属产生光电效应，光线b也一定能使该金属产生光电效应 D光线a的频率比光线b的频率高，光线a光子能量比光线b光子能量大【答案】CA、作出光路图如图，由图看出，两束光第一次折射时光线a的折射角大于光线b的折射角，入射角i相同， 由折射定律得知，光线a的折射率比光线b的折射率小，光线a的波长比光线b的波长长，则形成的衍射条纹，a光的中央亮条纹宽度比b光的大，故A错误；B、真空中两束光的速度相同，由公式得知，光线a进
3、入玻璃后的传播速度大于光线b进入玻璃后的传播速度，故B错误；C、由波速公式得知，光线a的频率小于光线b的频率，则若光线a能使某金属产生光电效应，光线b也一定能使该金属产生光电效应，故C正确；D、光线a的频率的比光线b的频率低，而光子的能量与频率成正比，则光线a光子电量比光线b光线光子能量小，故D错误。故选C。【考点】光电效应；单缝衍射14沿x轴正向传播的一列简谐横波在时刻的波形如图所示，P为介质中的一个质点，其平衡位置位于x=1.5m处，该波的传播速度为2.5m/s，则t=0. 8s时刻，质点PA位置在x=3.5m处 B位移沿+y方向C速度沿+y方向 D加速度沿+y方向【答案】D由图知，=4m
4、，则周期T=v=42.5=1.6s，则经过t=0.8s=12T，由“平移法”知波形图如虚线所示：A、波传播的过程质点并不左右迁移，故质点P还是在x=1.5m处，故A错误；B、由图可知P位移位于-y方向，故B错误；C、已知波沿正方向传播，结合虚线波形图，根据“上下坡”知P质点速度沿-y方向，故C错误；D、加速度的方向总是指向平衡位置，故加速度沿+y方向，故D正确.故选D。【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象15 如图甲所示为远距离输电示意图，升压变压器原副线圈匝数比为110，降压变压器副线圈接有负载电路，升压变压器和降压变压器之间的长距离输电线路的电阻不能忽略，变压器视为理想变压器，升压变
5、压器左侧输入端输入如图乙所示交变电压，下列说法中正确的有A升压变压器副线圈输出电压的频率为500 HzB升压变压器副线圈输出电压的有效值为31 VC滑片P向右移动时，整个输电系统的效率降低D滑片P向右移动时，降压变压器的输出电压不变【答案】CA、根据图乙知，交流点的周期为0.02s，则频率，经过变压器，交流电的频率不变，故A错误；B、升压变压器的输入电压的有效值，根据，解得，故B错误；C、滑片P向右移动时，总电阻减小，则降压变压器副线圈的电流增大，输电线上的电流增大，根据知，电流增大，则输电效率降低，故C正确；D、滑片P向右移动时，总电阻减小，则降压变压器副线圈的电流增大，输电线上的电流增大，
6、则输电线上的电压损失增大，因为降压变压器的输入电压等于升压变压器的输出电压和电压损失之和，可知降压变压器的输入电压减小，则输出电压减小，故D错误。故选C。【考点】远距离输电；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率16月球绕地球做匀速圆周运动的向心加速度大小为a，设月球表面的重力加速度大小为g1，在月球绕地球运行的轨道处由地球引力产生的加速度大小为g2，则Aag2 Bag1 Cag2g1 Dag2g1【答案】A根据月球绕地球做匀速圆周运动的向心力由地球引力提供，即所以在月球绕地球运行的轨道处由地球引力产生的加速度大小就等于月球绕地球做匀速圆周运动的向心加速度大小，即。根据万有引力等于重力可得：在
7、月球表面处由月球引力产生的加速度大小等于月球表面的重力加速度大小，所以g1与g2、a之间无直接关系。故选A。【考点】万有引力定律17如图所示，足够长平行金属导轨倾斜放置，倾角为37，宽度为0.5 m，电阻忽略不计，其上端接一小灯泡，电阻为1 一导体棒MN垂直于导轨放置，质量为0.2 kg，接入电路的电阻为1 ，两端与导轨接触良好，与导轨间的动摩擦因数为0.5在导轨间存在着垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为0.8 T将导体棒MN由静止释放，运动一段时间后，小灯泡稳定发光，此后导体棒MN的运动速度以及小灯泡消耗的电功率分别为(重力加速度g取10 m/s2，sin 370.6)A2.5 m/s1
8、 W B5 m/s1 W C7.5 m/s9 W D15 m/s9 W【答案】B导体棒做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件得：，解得；导体棒产生的感应电动势，电路电流，灯泡消耗的功率，解得。故选B。【考点】共点力平衡18如图所示，一轻绳跨过光滑定滑轮，两端分别系一个质量为m1、m2的物块m1放在地面上，m2离水平地面有一定高度当m1的质量发生改变时，m2的加速度a的大小也将随之改变下列四个图象中最能正确反映a与m1之间关系的是【答案】D当m2m1时，m1仍处于静止状态，则m2处于静止状态，加速度为零，当m2m1时，m1有向上的加速度，根据牛顿第二定律得，当m1=0，则加速度a=g，故D正确
9、。故选D。【考点】牛顿第二定律第II卷 （非选择题 共192分）必考部分19(1)（8分）小丽用如图甲所示的装置验证“力的平行四边形定则”。用一木板竖直放在铁架台和弹簧所在平面后。其部分实验操作如下，请完成下列相关内容：A. 如图甲，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O；B. 卸下钩码然后将两绳套系在弹簧下端，用两弹簧称将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的 及两弹簧称相应的读数。图乙中B弹簧称的读数为 N；甲丙乙C. 小丽在坐标纸上画出两弹簧拉力FA、FB的大小和方向如图丙所示，请在图丙中作出FA、FB的合力F；D. 已知钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图丙所示，观察比较F
10、和F，得出结论。某同学对弹簧测力计中弹簧的劲度系数是多少很感兴趣，于是，他将刻度尺与弹簧测力计平行放置，如图丁所示，利用读得的数据，他得出了弹簧的劲度系数。那么，该弹簧的劲度系数k= N/m（保留两位有效数字）。【答案】（1）方向11.40如图所示60（1）根据验证平行四边形定则的实验原理要记录细绳套AO、BO的方向和拉力大小，拉力大小由弹簧秤读出，分度值为0.1N，要估读一位：11.40N作图如图；（2）根据丁图可知，当拉力为2.6N时，弹簧的拉伸量为：x=4.93-0.5=4.43cm，由于刻度尺需要估读在范围4.434.44cm内均正确因此根据F=kx，得：。【考点】验证力的平行四边形定
11、则 (2) (10分)要测定一个自感系数很大的线圈L的直流电阻，实验电路如图所示，实验室提供下列器材： A待测线圈L，阻值约为5，额定电流2AB电流表A1：量程0.6 A，内阻约为0.5 C电流表A2：量程3 A，内阻约为0.1 D电压表V1：量程3 V，内阻约为6 kE滑动变阻器R1：阻值为010 F滑动变阻器R2：阻值为01 kG电池E：电动势4V，内阻很小H开关两个S1、S2，导线若干实验中电流表应选_，滑动变阻器应选_（填代号）；为了提高测量的准确程度，要使电压从0开始调节，开关S1能控制整个电路。根据你绘出的电路图，将答题纸图中实物用笔画线代替导线将实验电路补充完整；某实验小组实验步
12、骤如下：A按选出的电路图和实验器材，连接好实验电路，并使滑动变阻器处于合理的初始位置。B检查电路正确无误后，合上S1 、S2 ，移动滑动变阻器的触头到适当位置，稳定后读出电流表和电压表的示数；C移动滑动变阻器触头到不同位置，每次稳定后读出电流表、电压表的示数；D先断开S1 ，再断开S2 ，然后拆除实验装置，整理好实验器材上述实验过程中不妥的一步是_；应改为_。【答案】 B E 如图所示 步骤D 应先断开开关S2，再断开S1实验中最大电流约为0.8A，故电流表应选B，无论是分压还是限流式接法，滑动变阻器都应选E；要使电压从0开始调节，变阻器采用分压接法电路图如图；应改为应先断开开关S2，再断开S
13、1【考点】伏安法测电阻20（15分）光滑水平面上静止一质量为m的光滑斜面体A，从某时刻开始在斜面底端将一小物体B以某一初速度沿斜面向上滑行，在B沿斜面上滑的过程，斜面体A沿水平向左做匀加速运动。经过时间t，小物体B刚好滑到顶端，斜面体A水平向左移动距离为s；求：（1）斜面体A做匀加速运动的加速度a及所受的合力FA；（2）小物体B上滑全过程中对斜面体A所做的功W；【答案】 （1）对A在匀加速运动中，得由牛顿第二定律解得（2）全过程B对A做功解得【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动规律；功能关系21(19分)如图所示，ab、cd、ef是同一竖直平面的三条水平直线，它们之间的距离均为d=0.3 m，
14、ab与cd之间的区域内有水平向右的匀强电场，在cd与矿之间的区域内有方向垂直竖直面向里的匀强磁场。一个不计重力、比荷=3108 ckg的带正电粒子以初速度vo=3106 ms垂直ab射入电场，粒子经过电场后，速度方向与cd成30o角进入磁场，最后垂直于ef离开磁场。求：（1）匀强电场的场强E的大小；（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小；（3）粒子从ef离开磁场时出射点与从ab进入电场时的入射点间的水平距离。【答案】（1）粒子在电场中做类平抛运动：、。解得：（2）粒子进入磁场后做匀速圆周运动，设半径为，则：而、解得：（3）在电场中，粒子沿水平方向偏移的距离如图所示，粒子在磁场沿水平方向偏移距离据几
15、何关系：粒子从边离开磁场时出射点与边的入射点间的水平距离：解得：【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；带电粒子在匀强磁场中的运动22（19分）如图a所示，水平桌面的左端固定一个竖直放置的光滑圆弧轨道,其半径R0.5m, 圆弧轨道底端与水平桌面相切C点,桌面CD长L1 m，高h2=0.5m，有质量为m（m为末知）的小物块从圆弧上A点由静止释放，A点距桌面的高度h1=0.2m, 小物块经过圆弧轨道底端滑到桌面CD上，在桌面CD上运动时始终受到一个水平向右的恒力F作用然后从D点飞出做平抛运动,最后落到水平地面上设小物块从D点飞落到的水平地面上的水平距离为x，如图b是x2F的图像，取重力加速度g=10
16、m/s2（1）试写出小物块经D点时的速度vD与x的关系表达式；（2）i小物体与水平桌面D间粗糙程度均匀，则它们间的动摩擦因数是多大？ ii若小物体与水平桌面D间动摩擦因数是从第问中的值开始由到均匀减少，且在D点恰好减少为0，经过D点滑出后的水平位移大小为1 m，求此情况下的恒力F的大小？【答案】 =0.35 F=1.9N物体从D滑出后做平抛运动，、则、代入化简可得或由AD全程动能定理得而代入整理得由图可知b=-0.3得=0.35由第（2）可知由乙图可知k=0.35得m=0.4kg由AD全程动能定理得由题可知：x=1m由第（1）问知得F=1.9N【考点】平抛运动；动能定理选考部分第卷选考部分共5
17、题，共35分。其中，第29、30题为物理题，第31、32题为化学题，考生从两道物理题、两道化学题中各任选一题作答，若第29、30题都作答，则按第29题计分，若第31、32题都作答，则按第31题计分；第33题为生物题，是必答题。29【物理选修3-3】（略）30物理一选修35(本题共有两小题，每小题6分，共12分。每小题只有一个选项符 合题意。)（1）下列关于原子及原子核的说法正确的是_;(填选项前的字母）A太阳辐射的能量主要来自太阳内部的重核裂变反应B100个碳同位素146C的原子核，经过一个半衰期，衰变了50个C原子核发生一次衰变，该原子外层就失去一个电子D按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较
18、小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，原子总能量增加【答案】DA、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的轻核聚变反应，故A错误；B、半衰期是大量原子核衰变的统计规律，对个别原子核无意义，故B错误；C、原子核发生一次衰变，该原子核内就少一个中子，多一个电子，是发生了反应：；故C错误；D、按照波尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，是向高能级跃迁，故原子总能量增加，故D正确。故选D。【考点】原子的核式结构；氢原子的能级公式和跃迁；裂变反应和聚变反应；半衰期（2）某同学质量为60kg，在军事训练中要求他从岸上以2m/s的速度跳到一条向他缓缓飘来的小船上，然后去执行任务，小船的质量是140
19、kg，原来的速度是0.5m/s，该同学上船后又跑了几步，最终停在船上，此时小船的速度v和该同学动量的变化分别为( ) A0.25m/s，70kgm/s B0.25m/s，-105kgm/sC0.95m/s，-63kgm/s D0.95m/s，-35kgm/s【答案】B规定人原来的速度方向为正方向。设人上船后，船与人共同速度为v，人和船组成的系统合外力为零，系统的动量守恒，则由动量守恒定律得：代入数据解得：v=0.25m/s，方向与船原来的速度方向相反。动量的变化p为：。故选B。【考点】动量守恒定律2014届福安一中高三毕业班模拟考试理科综合能力测试物理参考答案13. C 14. D 15.C
20、16. A 17. B. 18 .D 30（1）D （2）B19.（1）方向 11.40 如图所示 60（每空2分）(2) B E （3分） 如图所示（3分） 步骤D （2分） 应先断开开关S2，再断开S1（2分）20.【解析】（1）对A在匀加速运动中 由牛顿第二定律解得（2）全过程B对A做功解得（或用动能定理等其他方法解）21【解析】（1）粒子在电场中做类平抛运动： （1分） （1分） （1分） （1分）联立式解得： （2分）（2）粒子进入磁场后做匀速圆周运动，设半径为，则： （2分） （2分） （2分）联立式解得： （1分）（3）在电场中，粒子沿水平方向偏移的距离 （2分）如图所示，粒子在
21、磁场沿水平方向偏移距离 据几何关系： （2分）粒子从边离开磁场时出射点与边的入射点间的水平距离： （1分）解得： （1分）22(20分)物体从D滑出后做平抛运动,则 （2分） （2分） 代入化简可得 或 （1分）由AD全程动能定理得 （2分） （1分）代入整理得 （1分） （1分）由图可知 b =-0.3代入计算可得 =0.35 （1分）由第（2）可知 （1分）由乙图可知 k =0.35 （1分）代入计算得 m =0.4kg （1分）由AD全程动能定理得 （2分） 由题可知：x=1m （1分）由第（1）问知 （1分）则代入计算得 F=1.9N （2分）投稿QQ：2355394684重金征集：浙江、福建、广东、广西、山西、黑龙江各校高中期中、期末、月考试题