1、温馨提示： 此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调节合适的观看比例，答案解析附后。关闭Word文档返回原板块。课时素养评价 五电势差 (25分钟60分)一、选择题(本题共6小题,每题6分,共36分)1.如图所示,在电场中有a、b、c三点,且ab=bc,试比较ab和bc间电势差,下列说法正确的是() A.ab间的电势差一定大于bc间的电势差B.因ab=bc,所以ab间的电势差等于bc间的电势差C.ab间的电势差一定小于bc间的电势差D.因是非匀强电场,无法比较【解析】选C。电场线密的地方电场强度大,电场线稀的地方电场强度小,故EaEbbc;由等势线分布可以知道Uab0,即电场力做正
2、功,则电势能减小,即正电荷在A点的电势能比在C点的电势能大,故B正确;电荷沿任意路径从A点移到B点的过程中,电场力有时做正功,有时做负功,总功为零,并不是电场力一直不做功,故C错误;将一个电子由A点移到C点,根据公式可知:WAC=-4 eV,故D错误。5.如图所示,虚线A、B、C、D是某匀强电场中的4个平行且等距的等势面,两等势面间的距离为2 cm,其中等势面C的电势为0,一电子仅在静电力的作用下运动,经过A、D等势面时的动能分别为28 eV和10 eV,则下列说法正确的是() A.等势面D的电势为6 VB.该匀强电场的电场强度为3 V/m,方向水平向右C.该电子不可能到达电势为-12 V的等
3、势面D.该电子运动到某一位置,其电势能变为8 eV时,它的动能为8 eV【解析】选D。因电子只在静电力的作用下运动,经过A、D等势面时的动能分别为28 eV和10 eV,根据动能定理,则有:-e(A-D)=(10-28) eV,解得:A-D=18 V,又C=0,可解得:D=-6 V,故A错误;因匀强电场中,UCD=C-D=6 V,可得:E= V/m=300 V/m,故B错误;因只有电场力做功,动能与电势能之和保持不变,当电子的速度为零时,由能量守恒定律,可知,-eD+10 eV=-e,解得:=-16 V,可知电子可以到达电势为-12 V的等势面,故C错误;由能量守恒定律可知,-eD+10 eV
4、=8 eV+Ek,解得:Ek=8 eV,故D正确。6.如图所示,虚线是某静电场的一簇关于x轴对称的等势线,线边上标有电势的值,一带电粒子只在电场力的作用下恰能沿图中的实线从A经过B运动到C,则() A.粒子在A处的电势能大于在C处的电势能B.B点场强小于A点场强C.粒子从A到C的电场力所做的功大于从A到B电场力做的功D.带电粒子带负电,且在B点所受电场力沿x轴负方向【解析】选D。根据电场线与等势面垂直且由高电势指向低电势,可知电场线方向大致向右,根据粒子轨迹的弯曲方向可知,粒子所受的电场力方向大致向左,则知粒子一定带负电。从A到C,根据W=qU,则电场力做负功,电势能增加,A处电势能小于C处电
5、势能,故A错误,D正确;等差等势面的疏密反映电场强度的大小,A处场强小于B处场强,故B错误;根据W=Uq,A到C的电势差小于A到B的电势差,所以从A到C的电场力所做的功小于从A到B电场力做的功,故C错误。二、计算题(本题共2小题,共24分。要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要标明单位)7.(12分)空间存在竖直向下的匀强电场E=5105 V/m,一带负电小球,电量为q=810-6 C,质量为m=0.2 kg。从A点由静止释放,经过一段时间后到达上方B点,AB间距离L=10 cm。重力加速度g取10 m/s2,求: (1)AB间电势差为多少。(2)小球到达B点的速度为多少。【解析】(1)
6、由沿着电场线方向电势逐渐降低可知:UABbB.场强大小关系有EbEcC.将正试探电荷放在d点时其电势能为负值D.将正试探电荷由b点移到d点的过程中静电场力做正功【解析】选A、C、D。沿着电场线,电势逐渐降低,则a点电势高于b点的电势,故A正确;电场线越密的地方,电场强度越大,由图可得c点的电场线比b点密,所以有EcEb,故B错误;电势能的正负与零势能点的选取有关,该题以无穷远处为零电势点,则d点电势为负值,则正试探电荷放在d点时其电势能为负值,故C正确;从图中可以看出,b点的电势高于d点的电势,正电荷在电势高处电势能大,在电势低处电势能小,故正试探电荷从b点移到d点的过程中,电势能减小,则电场
7、力做正功,故D正确。【补偿训练】一带电粒子射入固定在O点的点电荷的电场中,粒子轨迹如图中实线abc所示,图中虚线是同心圆弧,表示电场的等势面,粒子只受到电场力的作用,则() A.粒子受静电引力的作用B.粒子速度vbvaC.粒子动能Eka=EkcD.粒子电势能EpbEpc【解析】选C。图中,粒子的轨迹向左弯曲,则带电粒子所受的电场力方向向左,可知带电粒子受到了排斥力作用,故A错误;从a到b过程中,电场力做负功,可知电势能增大,动能减小,粒子在b点的速度一定小于在a点的速度,即vbEpc,故D错误。10.(6分)如图甲所示,x轴上固定两个点电荷Q1、Q2(Q2位于坐标原点O),其上有M、N、P三点
8、,间距MN=NP,Q1、Q2在x轴上产生的电势随x变化关系如图乙。则()A.M点电场强度大小为零B.N点电场强度大小为零C.M、N之间电场方向沿x轴负方向D.一带正电试探电荷从P移到M过程中,电场力做功|WPN|=|WNM|【解析】选B。-x图线的切线斜率表示电场强度的大小,可知N处场强为零,M处的场强不为零,故A错误,B正确;M点的电势为零,MN电势小于零,因沿电场线方向电势降低,故在MN间电场方向由M指向N,沿x轴正方向,故C错误;由题图乙可知,UMN UPN,故电场力做功qUMN qUPN,正试探电荷从P移到M过程中,电场力做负功,故|WPN|WNM|,故D错误。11.(6分)(多选)如
9、图甲所示,两个等量正电荷固定于光滑水平面上,其连线中垂线上有A、B、O三点。一个带电量大小为210-3 C、质量为1 g的小物块从A点静止释放,其运动的v-t图像如图乙所示,其中B点处的切线斜率最大(图中标出了该切线),则下列说法中正确的是()A.小物块带正电B.AO两点电势差UAO=-9 VC.B点为中垂线上电场强度最大的点,场强大小E=1 V/mD.由A到O的过程中小物块的电势能先减小后变大【解析】选B、C。由图可知,小物块先做加速运动,后减速运动,由此可知,物块带负电,故A错误;据v-t图可知A、O两点的速度,根据动能定理得电场力做的功为:WAO=Ek=m-m=110-362 J-0=0
10、.018 J,再有UAO=-9 V,故B正确;据v-t图可知物块在B点的加速度最大为:a= m/s2=2 m/s2,所受的电场力最大为:F=ma=110-32 N=210-3 N,据E=知,B点的场强大小为:E= N/C=1 N/C=1 V/m,故C正确;根据v-t图可知由A到O的过程中物块的速度增大,电场力做正功,电势能减小,故D错误。12.(22分)如图所示,水平绝缘粗糙的轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接,半圆形轨道的半径R=0.4 m,在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场,电场线与轨道所在的平面平行,电场强度E=1.0104 N/C。现有一电荷q=+1.010-4
11、 C,质量m=0.1 kg的带电体(可视为质点),在水平轨道上的P点由静止释放,带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C,然后落至水平轨道上的D点(图中未画出)。取g=10 m/s2。试求:(1)带电体运动到圆形轨道B点时对圆形轨道的压力大小。(2)D点到B点的距离xDB。(3)带电体在从P开始运动到落至D点的过程中的最大动能(结果保留3位有效数字)。【解析】(1)设带电体通过C点时的速度为vC,依据牛顿第二定律有mg=m,解得vC=2.0 m/s。设带电体通过B点时的速度为vB,设轨道对带电体的支持力大小为FB,带电体在B点时,根据牛顿第二定律有FB-mg=m。带电体从B运动到C的过程中,根据动
12、能定理有-mg2R=m-m联立解得FB=6.0 N,根据牛顿第三定律,带电体对轨道的压力FB=6.0 N。(2)设带电体从最高点C落至水平轨道上的D点经历的时间为t,根据运动的分解有2R=gt2,xDB=vCt-t2联立解得xDB=0。(3)由P到B带电体做加速运动,故最大速度一定出现在从B经C到D的过程中,在此过程中只有重力和电场力做功,这两个力大小相等,其合力与重力方向成45夹角斜向右下方,故最大速度必出现在B点右侧对应圆心角为45处。设带电体的最大动能为Ekm,根据动能定理有qERsin 45-mgR(1-cos 45)=Ekm-m,代入数据解得Ekm1.17 J。答案:(1)6.0 N(2)0(3)1.17 J关闭Word文档返回原板块