1、阶段性测试题四测试范围第一章、第二章、第三章、第四章(时间：90分钟满分：100分)第卷(选择题，共48分)一、单项选择题(共8小题，每小题4分，共32分)1(2018武汉模拟)2016年8月16日，我国发射了全球首颗量子科学实验卫星“墨子号”墨子是春秋战国时期著名的思想家，他关于物理学的研究涉及力学、光学、声学等分支关于他的著作墨经中对物理知识的论述，下列说法中不正确的是()A运动就是物体空间位置的变动(原文：动，或徙也)B力是物体由静到动，由慢到快的原因(原文：力，刑之所以奋也)C重量也是力，物体下坠、上举，都是重量作用的结果(原文：力，重之谓，下、與，重奋也)D时间可以是有限长度的，也可
2、以是没有长度的时刻(原文：时，或有久，或无久)解析：物体空间位置的变化就是运动，A选项正确；根据牛顿第二定律，力是物体由静到动，由慢到快的原因，即力是运动状态改变的原因，B选项正确；重量是重力的大小，物体下坠、上举是合力作用的结果，C选项错误；时间分为时间间隔与时刻，D选项正确答案：C2(2018庄河市期末)力学是研究物体机械运动规律的科学，17世纪末，牛顿继承和发展前人的研究成果，提出了力学运动的惯性定律、加速度定律和作用力与反作用力定律，使经典力学形成了系统的理论下列关于这三大定律的说法中正确的是()A惯性定律说明了力是维持物体运动状态的原因B作用力与反作用力一定大小相等、方向相反、作用在
3、同一个物体上C如果物体所受的合外力不等于零，则物体的速度一定也不等于零D如果一个物体受到两个力的作用，那么这两个力一定都会产生加速度解析：惯性是物体的固有属性，力是改变物体运动状态的原因，A选项错误；作用力与反作用力一定大小相等、方向相反、作用在不同物体上，B选项错误；如果物体所受的合外力不等于零，则加速度不为零，速度可以等于零，C选项错误；根据力的效果的独立性可知，如果一个物体受到两个力的作用，那么这两个力都会使物体产生加速度，D选项正确答案：D3某航母跑道长为200 m，飞机在航母上滑行的最大加速度为6 m/s2，起飞需要的最低速度为50 m/s.那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的
4、最小初速度为()A10 m/sB12 m/sC15 m/s D.20 m/s解析：已知飞机起飞加速的末速度v50 m/s，加速度a6 m/s2，飞机位移x200 m，根据速度位移关系有v2v2ax，得飞机起飞的初速度为v0 m/s10 m/s，所以A正确，B、C、D错误故选A.答案：A4运动员手持球拍托球沿水平方向匀加速跑，球的质量为m，球拍和水平面间的夹角为，球与球拍相对静止，它们间摩擦力及空气阻力不计，则()A运动员的加速度为gtanB运动员的加速度为gsinC球拍对球的作用力为D球拍对球的作用力为mgtan解析：网球受力如图所示，由牛顿第二定律得水平方向：Nsinma，竖直方向，由平衡条
5、件得Ncosmg，解得运动员的加速度为agtan，球拍对球的作用力为N.故选A.答案：A5如图为“中国好歌声”娱乐节目所设计的“导师战车”，战车可以在倾斜直轨道上运动当坐在战车中的导师按下按钮，战车就由静止开始沿长10米的斜面冲到学员面前，最终刚好停在斜面的末端，此过程约历时4秒在战车的运动过程中，下列说法正确的是()A战车在运动过程中导师处于失重状态B战车在运动过程中所受外力始终不变C战车在倾斜导轨上做匀变速直线运动D根据题中信息可以估算导师运动的平均速度解析：由题可知，“导师战车”沿斜面的方向先加速后减速，加速的过程中有沿斜面向下的分加速度，车处于失重状态当车减速时，车有向上的分加速度，车
6、处于超重状态，故A错误；由题可知，“导师战车”沿斜面的方向先加速后减速，结合牛顿第二定律可知，车受到的合外力先沿斜面向下，后沿斜面向上，故B错误；“导师战车”沿斜面的方向先加速后减速，故C错误；车的位移是10 m，时间是4 s，所以可以求出平均速度2.5 m/s，故D正确故选D.答案：D6(2018湖北一模)如图所示，重力为G的风筝用轻细绳固定于地面上的P点，风的作用力垂直作用于风筝表面AB，风筝处于静止状态若位于P点处的拉力传感器测得绳子拉力大小为T，绳子与水平地面的夹角为，则风筝表面与水平面的夹角满足()Atan BtanCtan Dtan解析：对风筝的受力分析，如图所示：x轴上，Tcos
7、Nsin；y轴上，NcosGTsin，联立解得tan，A选项正确答案：A7甲乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的vt图象如图所示两图象在tt1时相交于P点，P在纵轴上的投影为Q，OPQ的面积为S.在t0时刻，乙车在甲车前面，相距为d.关于此后两车相遇情况，下列说法不正确的是() A若Sd，两车不能相遇 B若Sd，两车相遇两次C若Sd，两车相遇两次 D若Sd，两车相遇一次解析：由图得知，乙做匀加速运动，甲做匀速直线运动在t0时刻，乙车在甲车前面，则t1时刻两物体的速度相同，相距最近S等于两车的位移之差若Sd，说明t1时刻两物体没有相遇，t1时刻以后乙的速度将大于甲的速度，两者距离增大，不可
8、能相遇，故A正确，B错误；若Sd，两车在t1时刻之前甲车追上乙车，两车已相遇过一次，此时甲车的速度大于乙车的速度，甲车在乙车的前面运动，随着乙车速度的增大，两车之间的距离减小，乙车会追上甲车，再次相遇所以若Sd，两车相遇两次，故C正确；若Sd，两车在t1时刻相遇，以后由于乙车的速度大于甲车的速度，两车不可能再相遇所以Sd，两车相遇一次，故D正确答案：B8几位同学为了探究电梯启动和制动时的加速度大小，他们将体重计放在电梯中一位同学站在体重计上，然后乘坐电梯从1层直接到10层，之后又从10层直接回到1层并用照相机进行了记录，如图所示，图1为电梯启动前，图2至图5中箭头方向表示电梯运动方向下列说法中
9、正确的是() A图2表示电梯向上减速B图3表示电梯向上加速C图4表示电梯向下减速D根据图1和图5可估测出图5中电梯的加速度解析：图2示数大于静止时体重计的示数，根据牛顿第二定律得这位同学加速度向上，所以电梯是向上加速，故A错误；图3示数小于静止时体重计的示数，根据牛顿第二定律得这位同学加速度方向向下，处于失重状态，电梯向上减速，故B错误；图4示数小于静止时体重计的示数，加速度方向向下，运动方向向下，所以电梯在向下加速运动，故C错误；根据图1示数可以求出同学的质量，根据图5示数运用牛顿第二定律可以求出图5中电梯的加速度故D正确答案：D二、多项选择题(共4小题，每小题4分，共16分)9(2018辽
10、宁学业测试)一物体以6 m/s的速度沿一光滑倾斜木板从底端向上滑行，经过2 s后物体仍向上滑，速度大小为1 m/s.现增大木板的倾角，物体仍以6 m/s的速度从底端向上滑行，经过2 s后物体已向下滑动，速度大小为1 m/s.若选择沿木板向上为正方向，用a1、a2分别表示前后两次加速度，用v1、v2分别表示前后两次2 s末的速度，以下表示正确的是()Aa12.5 m/s2，v11 m/s Ba22.5 m/s2，v21 m/sCa13.5 m/s2，v11 m/s Da23.5 m/s2，v21 m/s解析：第一次时，末速度v11 m/s，根据加速度的定义可知，a12.5 m/s2；第二次时，末
11、速度为v21 m/s，加速度a23.5 m/s2.A、D两项正确，B、C两项错误答案：AD10如图所示，质量分别为m1、m2的A、B两个物体放在斜面上，中间用一个轻杆相连，A、B与斜面间的动摩擦因数分别为1、 2，它们在斜面上加速下滑，关于杆的受力情况下列分析正确的是()A若12，m1m2，则杆受到压力B若12，m1m2，则杆受到拉力C若12，m1m2，则杆受到拉力D若12，m1m2，则杆无作用力解析：假设杆无弹力，滑块受重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有：m1gsin1gcosma1，解得a1g(sin1cos)；同理a2gsin2cos；若12，则a1a2，B加速度较大，则杆受
12、到压力，故A正确；若12，则a1a2，两个滑块加速度相同，说明无相对滑动趋势，故杆无弹力，故B错误，D正确；若12，则a1a2，A加速度较大，则杆受到拉力，故C正确故选ACD.答案：ACD11如图所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁开始时a、b均静止弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力Ffa0，b所受摩擦力Ffb0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间()AFfa大小不变 B.Ffa方向改变CFfb仍然为零DFfb方向向右解析：将右侧细绳剪断，则剪断瞬间，弹簧的弹力的大小不变，速度不能突变，故b瞬时速度为零，但有向左运动的趋势，弹簧对木块b
13、作用力方向向左，所以b所受摩擦力Ffb方向应该向右；由于弹簧弹力不能发生突变，剪断瞬间，弹簧弹力不变，a的受力的情况不变，所受摩擦力也不变，所以选项A、D正确答案：AD12某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞减速下落他打开降落伞后的速度图线如图(a)所示降落伞用8根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37，如图(b)所示已知运动员的质量为50 kg，降落伞的质量也为50 kg，不计运动员所受的阻力，打开伞后伞所受阻力Ff与速度v成正比，即Ffkv(g取10 m/s2，sin370.6，cos370.8)则下列判断中正确的是() A打开降落
14、伞前人下落的距离为20 mBk100 Ns/mC打开伞瞬间运动员的加速度a30 m/s2，方向竖直向上D悬绳能够承受的拉力至少为625 N解析：根据速度位移公式得打开降落伞前人下落的距离h0 m20 m，故A正确；最后匀速下降时有：kv(m1m2)g，代入数据解得：k200 Ns/m，故B错误；打开伞瞬间对整体根据牛顿第二定律可得kv0(m1m2)g(m1m2)a，解得ag1030 m/s2，方向竖直向上，故C正确；设每根绳拉力为T，以运动员为研究对象有8Tcos37m1gm1a，解得T N312.5 N.由牛顿第三定律得悬绳能承受的拉力至少为312.5 N，故D错误故选AC.答案：AC第卷(
15、非选择题，共52分)三、实验题(共2小题，13小题6分，14小题8分，共14分)13借助计算机，力传感器的挂钩与其它物体间的弹力大小能够在屏幕上显示出来为了探究最大静摩擦力的大小跟哪些因素有关，某同学在老师的指导下做了一系列实验：将滑块平放在长木板上，用力传感器沿长木板水平拉滑块，改变拉力直到将滑块拉动；再在长木板上铺上毛巾，并在滑块上放上砝码，重复前一个过程，得到的图线分别如图甲、乙所示(1)由图乙知：在t1t2这段时间内，滑块的运动状态是_(填“运动”或“静止”)，滑块受到的最大静摩擦力为_(填“F1”或“F2”)(2)结合甲、乙两图，_(填“能”或“不能”)得出最大静摩擦力与两物体接触面
16、的粗糙程度和接触面的压力均有关的结论解析：(1)由图乙知：在t1t2这段时间内，摩擦力不断增大，物体受到的摩擦力是静摩擦力，因此滑块的运动状态是静止；由图示可知，滑块受到的最大静摩擦力为F1.(2)实验中没有控制接触面粗糙程度相同而物体间压力不同，因此不能得出最大静摩擦力与接触面的压力有关的结论答案：(1)静止F1(2)不能14(2018长春市南关区期末)图1为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置图图中A为小车，B为砝码及砝码盘，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器(图中未画出)相连，计时器接50 Hz交流电小车A的质量为m1，砝码及砝码盘B的质量为m2.(1)下列说法
17、正确的是_A每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B实验时应先释放小车后接通电源C本实验m2应远大于m1D在用图象法探究加速度与质量关系时，应作a图象(2)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤则他测量得到的aF图线可能是图2中的图线_(选填“甲”“乙”或“丙”)(3)图3为某次实验得到的纸带，纸带中相邻计数点间的距离已标出，相邻计数点间还有四个点未画出由此可求得小车的加速度大小为_m/s2(结果保留2位有效数字)解析：(1)平衡摩擦力，是重力沿斜面向下的分力等于摩擦力，mgsinmgcos，每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力，A选项错误；实验时应先接通电源后释放小车，B选项错误
18、；该实验需要让小车的质量m1远远大于砝码及砝码盘的质量m2，C选项错误；当F一定时，a与成正比，在用图象法探究加速度与质量关系时，应作a图象，D选项正确(2)遗漏了平衡摩擦力这一步骤，当拉力较小时，物体的加速度为零，丙图线正确(3)由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T0.1 s，根据匀变速直线运动的推论公式xaT2可以求出加速度的大小，a m/s20.49 m/s2.答案：(1)D(2)丙(3)0.49四、计算题(共38分，写出必要的文字说明和重要的演算步骤，只写最后结果的不得分)15(12分)一辆汽车以54 km/h的速度正常行驶，来到路口遇上红灯，汽车先
19、以0.5 m/s2的加速度做匀减速直线运动，在路口停了2 min，接着又以0.3 m/s2的加速度做匀加速直线运动并恢复到原来的速度正常行驶求这辆汽车通过这个路口所延误的时间解析：匀减速运动的位移x1 m225 m，匀减速运动的时间t1 s30 s匀加速运动的位移x2 m375 m匀加速运动的时间t2 s50 s现在汽车通过该路口所需的时间tt1t2t33050120 s200 s若汽车匀速通过该路口所需的时间t s40 s所延误的时间ttt160 s.答案：160 s16(12分)(2018上海黄浦区一模)如图，固定在水平地面上的一个粗糙斜面长L4 m，倾角37.一个质量为10 kg的物体(
20、视为质点)在F200 N的水平推力作用下，从斜面底端由静止开始沿斜面向上运动，经过2 s到达斜面顶端(1)求物体沿斜面运动时的加速度大小；(2)求物体与斜面间的动摩擦因数大小解析：(1)物体沿斜面做匀加速直线运动，根据运动学公式可知，Lat2，代入数据解得a2 m/s2.(2)分析物体的受力情况，如图所示：沿斜面方向上，Fcosfmgsinma.垂直斜面方向上，FsinmgcosN.根据摩擦力公式可知fN.联立解得.代入数据解得0.4.答案：(1)2 m/s2(2)0.417(14分)如图所示，木板与水平地面间的夹角可以随意改变，当30时，可视为质点的小木块恰好能沿着木板匀速下滑若让该小木块从
21、木板的底端以v0的速度沿木板向上运动，随着的改变，小木块沿木板向上滑行的距离将发生变化已知重力加速度为g.求：(1)小木块与木板间的动摩擦因数；(2)当60角时，小木块沿木板向上滑行的距离；(3)当60角时，小木块由底端沿木板向上滑行再回到原出发点所用的时间；(4)当为多少时，小木块沿木板向上滑行的距离最小，最小值是多少？ 解析：(1)当30时，小木块受重力、支持力和滑动摩擦力处于平衡，有mgsinFNFNmgcos联立可得tan30.(2)当小木块向上运动时，小木块的加速度为a，由牛顿第二定律得 mgsinmgcosma，根据速度位移公式得，v2ax，代入数据解得 x.(3)当小木块向上运动时，小木块的加速度为a1，则mgsinmgcosma1则上滑的时间t1，代入数据解得t1，当小木块向下运动时，小木块的加速度为a2，则mgsinmgcosma2解得a2 g根据xa2t得t2.则tt1t2.(4)小木块上滑的加速度为agsingcos，则上滑的距离为s，式中tan，30当90时，s最小，此时有60.则s最小值为smin.答案：(1)(2)(3)(4)