1、新疆乌鲁木齐市十中2018-2019学年高二物理下学期期末考试试题（含解析）一、选择题（共12小题，每题4分。1-6为单选，7-12为多选，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的不得分，共计48分）1.跳水运动员从跳台腾空跃起后，先向上运动一段距离达到最高点后，再自由下落进入水池若不计空气阻力，关于运动员在空中上升过程和下落过程中，以下说法正确的有（ ） A. 上升过程处于超重状态，下落过程处于失重状态B. 上升过程处于失重状态，下落过程处于超重状态C. 上升过程和下落过程均处于超重状态D. 上升过程和下落过程均处于失重状态【答案】D【解析】上升和下降的过程中，都是只受到向下的重力的
2、作用，加速度的大小为重力加速度g都处于完全失重状态，所以ABC错误，D正确；故选D点睛：本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力或悬挂物的拉力变了2.建筑工人用图示的定滑轮装置运送建筑材料。质量为70.0kg的工人站在地面上，通过定滑轮将20.0kg的建筑材料以0500ms2的加速度拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，则工人对地面的压力大小为(g取10ms2。) A. 510 NB. 490 NC. 890 ND. 910 N【答案】B【解析】【详解】对建筑材料进行受力分析根据牛顿第二定律有,得绳子的拉力大小等于F=210N,然后再
3、对人受力分析由平衡的知识得,得FN=490N,根据牛顿第三定律可知人对地面间的压力为490N，B对.3.将物体所受重力按力的作用效果进行分解，下列图中错误的是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】重力产生了使物体下滑的效果及挤压斜面的效果，故A作图正确；重力产生了向两边拉绳的效果，故B作图正确；重力产生了挤压两墙壁的效果，两分力分别垂直于墙面，故C作图错误；重力产生了拉绳及挤压墙面的效果，故D作图正确.故C符合题意.4. 如图所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔质量为m的小球套在圆环上，一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住现拉动细线，使小球沿圆环缓
4、慢上移在移动过程中手对线的拉力F和轨道对小球的弹力N的大小变化情况是（ ）A. F不变，N增大B. F不变，N减小C. F减小，N不变D. F增大，N减小【答案】C【解析】【分析】对小球受力分析，作出力的平行四边形，同时连接圆环、小孔与圆心；由相似三角形知识可求得拉力及支持力变化的情况。【详解】小球沿圆环缓慢下移可看做匀速运动，对小球进行受力分析如图，小球受重力G、F、N三个力。三力平衡，将G、N合成如图：由图可知，；小球沿圆环缓慢下移时，半径不变，AB长度增大，则F增大，N不变。故D项正确。【点睛】相似三角形法在处理共点力的动态平衡时较为常见，当无法准确得出角边关系时，应考虑应用此法。5.将
5、两个质量均为m的小球a、b用细线相连后，再用细线悬挂于O点，如图所示。用力F拉小球b，使两个小球都处于静止状态，且细线Oa与竖直方向的夹角保持=300，则F达到最小值时Oa绳上的拉力为（ ）。A. B. mgC. D. 【答案】A【解析】【详解】以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作出F在三个方向时整体的受力图，根据平衡条件得知：F与T的合力与重力mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子oa垂直时，F有最小值，即图中2位置，F最小；根据平衡条件得：F=2mgsin30=mg，T=2mgcos30=mg，故选A。【点睛】本题是隐含的临界问题，关键运用图解法确定出F的范围，得
6、到F最小的条件，再由平衡条件进行求解6.如图为一位于墙角的光滑斜面，其倾角为45，劲度系数为k的轻质弹簧一端系在质量为m的小球上，另一端固定在墙上，弹簧水平放置，小球在斜面上静止，则弹簧的形变量大小为( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】对小球受力如图所示，受到重力mg、斜面的支持力FN和弹簧的弹力F作用下处于平衡状态，故斜面的支持力FN和弹簧的弹力F的合力与mg等大、反向，则得F=mgtan45=mg；由胡克定律得 kx=F；解得弹簧的形变量大小，故选A.7.某质点从t = 0开始由原点出发，其运动图象如图所示，由图可判断（ )A. t = 2s末时，质点的加速度为-5B. 第 2
7、s 内和第 3s 内速度方向相反C. t = 2s 时，离原点最远D. 物体前4s内做匀变速直线运动【答案】ABC【解析】【分析】在v-t中图象的斜率代表物体的加速度，图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内发生的位移，据此即可求解【详解】由v-t图象可知第一秒内匀加速且 ，A正确；第2s内速度为正，第3s内速度为负，方向相反，B正确；图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内发生的位移，则t=2s时，离原点最远，故C正确；在v-t中图象的斜率代表物体的加速度，由图象可知，物体在前四秒内加速度方向不断变化，做变加速直线运动，D错误8.如图所示，在一固定在水平桌面上的斜面顶端固定一轻弹簧，弹簧
8、的另一端固定一滑块，滑块与斜面之间的动摩擦因数为，则滑块受到的外力的个数可能为（ ）A. 2B. 3C. 4D. 5【答案】BC【解析】试题分析：一、如果弹簧有弹力：若弹簧的弹力大于重力沿斜面向下的分力，则物体受到重力，支持力，弹力和向下的摩擦力，四个力作用，若弹簧的弹力等于重力沿斜面向下的分力，则物体受到重力，支持力，弹力三个力作用，若弹簧的弹力小于重力沿斜面向下的分力，则物体受到重力，支持力，弹力和沿斜面向上的摩擦力，四个力作用，二、如果弹簧没有弹力，则物体受到重力，支持力和沿斜面向上的摩擦力，三个力作用，故BC正确；考点：考查了受力分析【名师点睛】分析受力情况时，先分析滑块肯定受到力：重
9、力、斜面的支持力，再分析可能受到的力：弹簧的弹力和静摩擦力9.如图所示，在光滑的桌面上有M、m两个物块，现用力F推物块m，使M、m两物块在桌上一起向右加速，则M、m间的相互作用力为（）A. B. C. 若桌面的摩擦因数为，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力为+MgD. 若桌面的摩擦因数为，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力仍为【答案】BD【解析】【详解】根据牛顿第二定律，对整体有：a= ；对M：N=Ma=故B正确，A错误；根据牛顿第二定律得：对整体有：；对M：NMg=Ma，得：N=Mg+Ma=故D正确，C错误。【点睛】本题是连接类型的问题，关键是灵活选择研究对象对于粗糙情况，不能想
10、当然选择C，实际上两种情况下MN间作用力大小相等10.如图所示，物体B的上表面水平，A、B相对于斜面C静止，当斜面C受到水平力F向左匀速运动的过程中A. 物体A可能受到3个力的作用B. 物体B一定受到4个力的作用C. 物体C对物体B的作用力竖直向上D. 物体C和物体B之间可能没有摩擦力【答案】BC【解析】【详解】A、A做的是匀速直线运动，受力平衡，所以A受到竖直方向上的重力和支持力，A错；B、以AB作为一个整体，受力平衡，受到重力、支持力和摩擦力，在以B为研究对象，受到重力、A的正压力、斜面给的摩擦力和支持力，B对；CD、因为物体B受到的正压力和重力的合力与斜面的支持力和摩擦力的合力大小相等方
11、向相反，所以斜面的支持力和摩擦力的合力竖直向上，C对；D错。故选BC。11.如图所示，倾角为的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a放在斜劈上，轻质细线一端固定在物体a上，另一端绕过光滑的滑轮固定在c点，滑轮2下悬挂物体b，系统处于静止状态若将固定点c向左移动少许，而a与斜劈始终静止，则A. 斜劈对物体a的摩擦力减小B. 斜劈对地面的压力减小C. 细线对物体a的拉力增大D. 地面对斜劈的摩擦力减小【答案】D【解析】【分析】对滑轮和物体b受力分析，根据平衡条件求解细线的拉力变化情况；对物体a受力分析，判断物体a与斜面体间的静摩擦力的情况；对斜面体、物体a、物体b整体受力分析，根据平衡条件求解整体与地面
12、间的静摩擦力和弹力的情况；【详解】A、对滑轮和物体b受力分析，受重力和两个拉力，如图所示：根据平衡条件，有：解得： 将固定点c向左移动少许，则减小，故拉力T减小；对物体a受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，拉力减小，但由于不知道拉力与重力的下滑分力的大小关系，故无法判断静摩擦力的方向，故不能判断静摩擦力的变化情况，故AC错误；B、对斜面体、物体a、物体b整体受力分析，受重力、支持力、细线的拉力和地面的静摩擦力，如图所示：根据平衡条件，有：，N与角度无关，恒定不变；根据牛顿第三定律，压力也不变；静摩擦力为：，将固定点c向左移动少许，则减小，故摩擦力减小，故B错误，D正确。【点睛】当分析相互
13、作用的两个或两个以上物体整体的受力情况及分析外力对系统的作用时，宜用整体法；而在分析系统内各物体（或一个物体各部分）间的相互作用时常用隔离法，整体法和隔离法不是独立的，对一些较复杂问题，通常需要多次选取研究对象，交替使用整体法和隔离法。12.如图所示，滑块A与小球B用一根不可伸长的轻绳相连，且滑块A套在水平直杆上现用与水平方向成30角的力F拉B，使A、B一起向右匀速运动，运动过程中A、B保持相对静止已知A、B的质量分别为2kg、1kg，F=10N，重力加速度为10m/s2则（）A. 轻绳与水平方向的夹角=30B. 轻绳与水平方向的夹角=60C. 滑块A与水平直杆之间的动摩擦因数为D. 滑块A与
14、水平直杆之间的动摩擦因数为【答案】AD【解析】A、对B分析，B受重力、拉力F及绳子的拉力而处于平衡；将两拉力合成，因拉力为10N，小球的重力为，则由几何关系可知，轻绳的拉力也为，方向与水平方向成角，故A正确，B错误；B、对整体受力分析可知，A受到的支持力为：，摩擦力等于F沿水平方向的分力为：则由：，解得：，故D正确，C错误。点睛：本题要注意应用整体法与隔离法的正确使用，注意应用整体法时一定要分清内力与外力，正确的受力分析。二、实验题探究题（本大题共2小题，每空2分，共20.0分）13.如图甲所示，用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长长度的关系实验 （
15、1）实验中还需要的测量工具有：_（2）如图乙所示，根据实验数据绘图，纵轴是钩码质量m，横轴是弹簧的形变量x，由图可知：图线不通过原点的原因是由于_；弹簧的劲度系数_计算结果保留2位有效数字，重力加速度g取；（3）如图丙所示，实验中用两根不同的弹簧a和b，画出弹簧弹力F与弹簧长度L的图象，下列正确的是_Aa的原长比b的长B的劲度系数比b的大Ca的劲度系数比b的小D弹力与弹簧长度成正比【答案】 (1). 刻度尺 (2). 弹簧有自身重力 (3). 4.9 (4). B【解析】【详解】（1）1实验需要测量弹簧伸长的长度，故需要刻度尺。（2）2由图可知，当F=0时，x0，说明没有挂重物时，弹簧有伸长，
16、这是由于弹簧自身的重力造成的。故图线不过原点的原因是由于弹簧有自身重力，实验中没有考虑（或忽略了）弹簧的自重。3由图线乙，弹簧的劲度系数k=4.9N/m（3）4A.由图丙知，F-L图像横坐标的截距表示原长，故b的原长比a的长，选项A错误；BC.由弹簧的劲度系数k=知，a图线较b图线倾斜，a的劲度系数比b的大，选项B正确，C错误；D.图线的物理意义是表明弹簧的弹力大小和弹簧伸长量大小成正比，选项D错误。14.用打点计时器研究物体的自由落体运动，得到如图所示的一条纸带： （1）纸带做_直线运动选填“匀速”或“变速”；（2）已知交流电源的频率是50Hz，则A、B两点间的时间间隔为_s（选填“0.02
17、”或“0.04”）；（3）测得，则打B点时物体的瞬时速度为 _（结果保留两位小数）。【答案】 (1). 变速 (2). 0.04 (3). 2.1【解析】【详解】（1）1由图示纸带知，从左到右点与点之间的距离逐渐增大，所以纸带做变速直线运动。（2）2交流电源的频率是50Hz，打点的周期T=0.02s，所以A、B两点间的时间间隔为0.04s。（3）3由匀变速运动的推论vB=10-2m/s=2.1m/s15.“探究求合力方法”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示: （1）某次实验中，拉OC细绳的弹簧秤指针位置
18、如甲图所示，其读数为_N；乙图中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_；（2）关于此实验下列说法正确的是_A.两个分力、方向一定要垂直B.两个分力、间夹角越小越好C.两次拉橡皮筋时，要将橡皮筋结点拉至同一位置D.拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳可与木板平面不平行【答案】 (1). 2.8 (2). F (3). C【解析】【详解】（1）1弹簧秤最小刻度为0.2N，图示其读数为2.8N2F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F是通过一个弹簧秤沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到同样的结点O点，使得一个弹簧秤的拉力与两个弹簧秤的拉力效果相同，测量出的合力，F方向一定沿AO方向。（2）3A.两个分力
19、、的方向不一定要垂直，原则上两个分力可以成任意角度，故A错误；B.两个分力、间夹角不是越小越好，为了保证实验的准确性，两个分力之间的夹角要适当，太小或者太大都会增大实验的误差，故B错误；C.本实验采用是等效替代法，所以两次拉橡皮筋时，要将橡皮筋结点拉至同一位置，保证用F拉的作用效果与用两个力、拉的效果相同，故C正确；D. 拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳一定要与木板平面平行，如果不平行，拉力在垂直木板方向就会产生分力，增大实验误差，故D错误。三、计算题（本大题共3小题，共32分）16.一辆卡车初速度为v0=10m/s，以a=2m/s2的加速度加速行驶，求：（1）卡车在3s末的速度；（2）卡车在
20、前6s内的位移；（3）卡车在第6s内的平均速度.【答案】（1）16m/s；（2）96m；（3）21m/s【解析】【详解】（1）由运动学知识知，卡车在3s末的速度v3=v0+at3=10m/s+23m/s=16m/s （2）卡车在前6s内的位移x6=v0t6+at62=106m+262m=96 m（3）卡车在前5s内的位移x5= v0t5+at52=105m+252m=75m 卡车在第6秒内的位移x=x6x5=21m 第6秒内的平均速度v=m/s=21m/s17.如图所示，质量为m14kg的木板B放在水平地面上，质量为mA10kg的货箱A放在木板B上，一根轻绳一端栓在货箱上，另一端栓在地面的木桩
21、上，绳绷紧时与水平面的夹角为37，已知货箱A与木板B之间的动摩擦因数05，木板B与地面之间的动摩擦因数为04，重力加速度g10ms2，现用水平力F将木板B从货箱A下面匀速抽出，（sin3706，cos3708）试求：（1）绳上张力T的大小（2）拉力F的大小。【答案】17. 100N 18. 200N【解析】试题分析：木箱A受力分析如图甲所示，A静止时有：FTcosFf1 mAgFTsinFN1 Ff11FN1 解式可得：FT100N，FN1160N木板B受力如图乙所示，B匀速时有：FFf1Ff2 Ff2FN2 FN2mBgFN1 解式可得：F200N.考点：牛顿第二定律；物体受力分析18.车厢
22、顶部固定一滑轮，在跨过定滑轮绳子的两端各系二个物体，质量分别为m1、m2，且m2m1，m2静止在车厢底板上，当车厢向右运动时，系m1的那段绳子与竖直方向夹角为，如图所示，若滑轮、绳子的质量和摩擦忽略不计，求：(1)车厢的加速度；(2)车厢底板对m2的支持力和摩擦力【答案】（1）gtan，向右（2）m2g-，方向竖直向上；m2gtan，方向水平向右【解析】m1和m2的受力图如图所示；（1）对m1研究竖直方向有：T1cos=m1g 水平方向有：T1sin=m1a 由：解得：a=gtan车厢与m1的加速度相同为a=gtan，方向向右（2）绳的拉力T1=T1= 对m2有：N+T1=m2g 解得支持力 N=m2g-，方向竖直向上水平方向有：f=m2a=m2gtan，方向水平向右点睛：本题属于知道受力情况求解运动情况的类型，关键是分析受力情况本题中对小球也可以采用合成法求解加速度
