1、新疆乌鲁木齐市中考物理真题模拟试卷一、选择题（本题有10个小题，每题3分，共30分每小题4个选项，其中只有1个选项是符合题意的选对得3分，多选、不选、错选不得分）1（3分）关于声音，下列说法错误的是（）A声音由物体振动产生B声音可以在真空中传播C声音可以传递信息D声音可以传递能量2（3分）利用干冰（固态CO2）进行人工降雨的过程中，干冰发生的物态变化是（）A升华B凝华C汽化D液化3（3分）扩散现象可以说明（）A分子间有引力B分子间有斥力C分子间有间隙D分子定向运动4（3分）为了确保用电安全，下列做法错误的是（）A不接触低压带电体，不靠近高压带电体B更换灯泡、搬动电器应断开电源开关C不弄湿用电器
2、，不损坏绝缘层D发生电器火灾应立即泼水救火5（3分）毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，说明摩擦过程中橡胶棒（）A得到电子B失去电子C得到正电荷D失去正电荷6（3分）如图所示，每个滑轮的重力相等，不计绳重和摩擦力，G160N，G238N，甲乙两种情况下绳子在相等拉力F作用下静止。则每个动滑轮的重力为（）A3NB6NC11ND22N7（3分）你站在地球表面，大气对你正面的压力大约是（）A60NB600NC6000ND60000N8（3分）夜晚，发着光的小萤火虫从放大镜的2倍焦距处沿着主光轴匀速飞行过程中，萤火虫发出的通过放大镜部分的光逐渐减少，则萤火虫的像（）A远离放大镜，平均速度小于萤火虫的飞行速度B远
3、离放大镜，平均速度大于萤火虫的飞行速度C靠近放大镜，平均速度小于萤火虫的飞行速度D靠近放大镜，平均速度大于萤火虫的飞行速度9（3分）高层建筑的墙体中有三根绞在一起的电线，可以用如图乙所示的“测量仪”把它们区分开。小华将A、B连在一起时，小明将“测量仪”连接在X、Z两端，灯泡发光；小华将B、C连在一起时，小明将“测量仪”连在X、Y两端，灯泡发光。则（）AA和Y是同一根电线，B和Z是同一根电线BB和Z是同一根电线，C和Y是同一根电线CA和Y是同一根电线，B和X是同一根电线DB和X是同一根电线，C和Y是同一根电线10（3分）如图所示，轻质杆可绕O点转动。分别将质量相同的纯金块、纯银块、金银制作的王冠
4、悬挂于杆的最左端并浸没水中，将质量与王冠相同的重物对应地悬挂在杆上的A、B、C处（图中未标出），杆恰好在水平位置平衡。测得A、C两点间的距离为7cm，B、C两点间的距离为3cm。则王冠中金和银的质量比为（）A3：7B7：3C2：5D5：2二、填空题（本题有4个小题，每空1分，共30分）11（10分）汽车是我们生活中常见的交通工具，了解汽车的有关知识对我们十分必要。（1）家用小汽车的挡风玻璃是倾斜的，主要是为了防止车内物体经过玻璃成的 （选填“虚”或“实”）像对司机的干扰。深秋季节，车窗玻璃内侧有时会变模糊，是因为车内的水蒸气会 成雾附着在玻璃上，这个过程水蒸气 热量。（2）道交法规定汽车过隧道
5、不能超车，是因为超车过程中两车之间的空气流速增大，压强变 ，容易发生事故。汽车在加速过程中 （选填“安全带”或“座椅靠背”）对司机起到保护作用。（3）汽车以最大功率在山路爬坡时，可以通过 （选填“增大”或“减小”）汽车的速度来增大牵引力。在山路的急转弯处安装 镜可以扩大司机的视野。某些路段采用测量汽车通过这段路程的时间来判断车辆是否超速，这种方法叫区间测速。区间测速 （选填“能”或“不能”）判断车辆通过测速区间内的任意路段是否超速。（4）由于汽油密度的变化需要对油价调整。夏季汽油的密度为0.7g/cm3，价格是6.65元/升，冬季汽油的密度为0.74g/cm3，油价应调整为 元/升。（5）某汽
6、车的热机效率为1，若汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率为2，则这些机械能转化成有用机械能的效率为 。12（6分）同步通信卫星是在离地面高度为3.6107m，绕地心转动的圆轨道（同步轨道）上运行的卫星，运行周期跟地球自转周期相同。（1）同步通信卫星绕地球运行时 （选填“受”或“不受”）地球的引力，周期是 h同步通信卫星相对于地面的建筑物是 的， 颗同步通信卫星基本可以实现全球通信。（2）理论和实践表明，质量不同的同步通信卫星都以相同的速度在同步轨道上运行，若同步通信卫星上的天线脱落，天线 （选填“仍然”或“不会”）在同步轨道上运行。（3）地面上的甲乙两人用卫星电话通过同步通信卫星联系，从甲
7、发出信号到他收到乙自动回复的信号至少需要 s。13（8分）早期的风光互补发电巧妙利用太阳光强时风速小，光弱时风速大的自然特点，使风能、光能互补，从而基本保证发电功率稳定。（1）风能和光能都来源于 ，属于 能源。若太阳光弱的时候风速小， （选填“能”或“不能”）实现风光互补发电。（2）风机功率和风速的三次方成正比，风速加倍，其功率增加到原来的 倍。光伏功率和光的辐射量有关，单位面积光能的功率叫光的辐射量，其单位是 。（3）用风光互补发的电对额定功率P的用电器供电，风机功率为P1，光伏功率为P2，当P1+P2 ，用电器正常工作。如图乙是某风光互补发电系统一段时间内功率变化的图线，在 （选填“9”或
8、“11”）点钟左右，光伏功率最大。对于额定功率为1kW的用电器，在13点16点这段时间里，风光互补发的电 （选填“能”或“不能”）满足其工作。14（6分）如图是某同学制作的简易温控装置，变阻器R的最大电阻为200，Rt是热敏电阻，其阻值与温度t的关系如下表所示。当电磁继电器（电阻不计）的电流超过18mA时，衔铁被吸合，加热器停止加热，实现温控。加热器的功率是1000W，所用电源为家用交流电。t/30.040.050.060.070.0Rt/219.5164.5128.1101.882.9（1）电磁继电器是利用 （选填“电生磁”或“磁生电”）来工作的。Rt的阻值随着温度的降低逐渐 。（2）闭合开
9、关S后发现电路有断路的地方。该同学将一个电压表接到ab两点时指针不偏转，接到ac两点时指针偏转，断路处在 之间（选填“ab“或“bc“）。（3）为使该装置能对3070之间任意温度进行控制，电源E用 节干电池。若在50时衔铁被吸合，应将滑动变阻器R的阻值调到 将调节好的装置（50衔铁被吸合）放在容积为100m3的密闭保温容器中，已知空气的比热容为1000J（/kg），密度为1.3kg/m3，则容器中的空气从30加热到空气达到的最高温度至少需要 s。三、作图题（每题2分，共6分）15（2分）如图所示，OC是折射光线，请画出入射光线AO和反射光线OB。16（2分）如图所示，画出斜面上下滑的物体受到的
10、重力和弹力示意图（O为两个力的作用点）。17（2分）如图所示，闭合电路中的一部分导线垂直于纸面放置，向右运动时能在电路中产生感应电流，请画出磁感线的大致方向。四、实验题（本题有3个小题，每空1分，共14分）18（4分）在探究光的反射规律的实验中，小明设计了如图所示的实验：将平面镜放在水平桌面，硬纸板竖直地立在平面镜上，硬纸板上的直线ON垂直于镜面，右侧纸板可绕ON转动。（1）如图甲，当硬纸板在同一平面上，使一束光贴着纸板沿某一方向射到O点，经平面镜反射，沿另一个方向射出。当入射光EO向ON靠近的过程中，发现反射光OF （选填“靠近”或“远离”）ON为了精确探究反射规律，除了图中的器材，还需要刻
11、度尺、 和 。（2）如图乙，保持左侧纸板和入射光的位置不变，将右侧纸板绕ON转动，此时在右侧纸板上不能看到反射光，由此可以得出反射光线、入射光线和法线 的结论。19（5分）绳子的抗断拉力是绳子能够承受的最大拉力，超过这个拉力，绳子就会断裂。某实验小组用“加沙子法”测量一根细轻绳的抗断拉力，主要过程如下：将小桶悬挂于细绳下，缓慢在桶中添加沙子，直到绳子断裂。取下小桶，用弹簧测力计测小桶和沙子的重力。（1）某次测量中，用弹簧测力计测得桶和沙子的重力如图所示，细绳的抗断拉力为 N本实验的原理中用到了力的相互作用规律和 的知识。这种方法测量出的抗断拉力比绳子实际的抗断拉力 。（2）改变绳子的长度，其抗
12、断拉力 改变；用绳子拉着重物加速上升，其抗断拉力 改变。（均选填“会”或“不会”）20（5分）某实验小组的同学用铅笔芯探究导体的电阻与长度的关系，如图所示是该实验的电路图。（1）闭合开关，向右移动铅笔芯上的滑片P1，电路中的电流 （选填“变大”“变小、”或“不变”）。（2）如果滑片P1滑动到铅笔芯最右端时，电压表示数很小，应该将滑动变阻器的滑片P2向 移动。（3）移动铅笔芯上面的滑片P1，记录铅笔芯AP1之间的距离和电压表的示数，数据如下：AP1/mm030.060.090.0120.0150.0180.0U/V00.40.81.21.62.02.4通过数据反映出的规律和 可以推出导体的电阻与
13、导体的长度成 比的结论。若图示位置时电压表示数为0.9V，滑片P2向右移动一段距离，电压表示数变为1.2V，滑片P2再向右移动一段相同的距离，电压表示数为 V。五、计算题（本题有2个小题，每题5分，共10分每题要有计算过程和必要的文字说明，只给出结果不得分）21（5分）如图所示，电阻R1为20，电阻R2为60，只闭合开关S1时，电流表的示数为1.2A，求（1）电源的电压（2）闭合开关S1和S2，电路消耗的总功率。22（5分）如图所示，长1m，重5N的匀质杠杆OB连接在竖直墙壁的0点，在杠杆的中点A处悬挂45N的重物。固定在A点的绳子跨过定滑轮，在拉力F作用下使杠杆在水平位置平衡，此时OAC45
14、不计绳子重力和转动部分的摩擦，求（1）缓慢地将杠杆从水平位置转动到竖直位置的过程中，拉力做的功；（2）杠杆从水平位置逆时针缓慢转动多大角度后，绳子拉力开始小于50N。新疆乌鲁木齐市中考物理真题模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题有10个小题，每题3分，共30分每小题4个选项，其中只有1个选项是符合题意的选对得3分，多选、不选、错选不得分）1（3分）关于声音，下列说法错误的是（）A声音由物体振动产生B声音可以在真空中传播C声音可以传递信息D声音可以传递能量【分析】（1）声音是由物体振动产生的；（2）声音的传播需要介质，可以在气体、液体和固体中传播，但不能在真空中传播；（3）（4）声音都可以
15、传递能量和信息。【解答】解：A一切声音的产生都是由物体振动产生的，故A正确；B声音的传播需要介质，但不能在真空中传播，故B错误；CD声音即能够传递信息，如医生给病人做B超检查身体的病变等，声音能够传递能量，如超声波粉碎体内结石等，故CD正确。故选：B。【点评】本题考查了有关声学的综合知识，是一道声学综合题。2（3分）利用干冰（固态CO2）进行人工降雨的过程中，干冰发生的物态变化是（）A升华B凝华C汽化D液化【分析】在一定条件下，物质的三种状态间可以相互转化，物质由固态直接变为气态叫升华。【解答】解：人工降雨过程中，在高空云层中撒播干冰（固态二氧化碳），干冰会迅速吸热升华为二氧化碳气体，使周围的
16、温度降低，部分水蒸气液化成水滴，部分水蒸气凝华成小冰晶，形成降雨。故选：A。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态质变化前后，物质各处于什么状态。3（3分）扩散现象可以说明（）A分子间有引力B分子间有斥力C分子间有间隙D分子定向运动【分析】分子动理论包括三方面的内容：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息的做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力，分子之间存在间隙。【解答】解：物体的扩散是因为分子在做无规则运动能进入对方分子的空隙中，故也能说明分子间是有间隙的，故C正确。故选：C。【点评】不同的物质在相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散现象。扩散现象不仅说明了分子都在不停
17、地做无规则运动，也反映了分子之间存在着空隙。4（3分）为了确保用电安全，下列做法错误的是（）A不接触低压带电体，不靠近高压带电体B更换灯泡、搬动电器应断开电源开关C不弄湿用电器，不损坏绝缘层D发生电器火灾应立即泼水救火【分析】（1）不接触低压带电体，不靠近高压带电体；（2）更换灯泡、移动用电器之前必须断开开关，防止发生触电事故；（3）生活用水属于导体，非常容易导电，绝缘层损坏后非常容易发生触电事故；（4）由于水是导体，所以当由于电热引起的火灾，在没有切断电源之前是不能用水来救火的。【解答】解：A、安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体，故A正确；B、更换灯泡、搬动电器前应断开电源开
18、关，故B正确；C、不弄湿用电器，不损坏绝缘层，以防发生触电事故，故C正确；D、由于水是导体，所以当由于电热引起的火灾，在没有切断电源之前是不能用水来救火的，故D错误。故选：D。【点评】此题考查了安全用电的知识及在使用用电器时应注意的问题，有利于学生对电的正确认识。5（3分）毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，说明摩擦过程中橡胶棒（）A得到电子B失去电子C得到正电荷D失去正电荷【分析】当两个束缚电子的能力不同的物体相互摩擦时，束缚电子能力强的得到电子，因电子比质子数量多而带负电；束缚电子能力弱的失去电子，因电子比质子数量少而带正电。【解答】解：摩擦起电过程是得到和失去电子的过程，因此其实质是电子的转移。当
19、一个物体失去电子时，物体的电子比质子少，带正电；当得到电子时，物体的电子比质子多，带负电。毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，说明橡胶棒得到电子。故选：A。【点评】摩擦起电不是创造了电，而是电子的转移，相互摩擦的两个物体，一个物体失去多少电子，另一个物体一定得到了多少电子，两个物体所带的电荷多少是相同的，电性是相反的。6（3分）如图所示，每个滑轮的重力相等，不计绳重和摩擦力，G160N，G238N，甲乙两种情况下绳子在相等拉力F作用下静止。则每个动滑轮的重力为（）A3NB6NC11ND22N【分析】先确定使用滑轮组承担物重的绳子股数n，不计绳重和摩擦力，拉力F（G+G轮），因为拉力相同，据此列方程求动滑
20、轮的重力。【解答】解：由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数分别为：n13，n22，每个滑轮的重力相等，设动滑轮的重力为G轮，不计绳重和摩擦力，则拉力分别为：F1（G1+G轮），F2（G2+G轮），由题知F1F2，所以（G1+G轮）（G2+G轮），即：（60N+G轮）（38N+G轮），解答动滑轮的重力：G轮6N。故选：B。【点评】本题考查了使用滑轮组拉力的计算，利用好关系式：不计绳重和摩擦力，拉力F（G+G轮）。7（3分）你站在地球表面，大气对你正面的压力大约是（）A60NB600NC6000ND60000N【分析】人体正面的高1.5m左右，宽40cm左右，面积约为S1.5m0.4m0.6m2，
21、利用压强公式p求大气对人正面的压力。【解答】解：人体正面的高1.5m左右，宽40cm左右，面积约为S1.5m0.4m0.6m2，根据p可得大气对人体正面的压力大约：FpS105Pa0.6m260000N。故选：D。【点评】本题考查压力的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是对人正面面积的估测。8（3分）夜晚，发着光的小萤火虫从放大镜的2倍焦距处沿着主光轴匀速飞行过程中，萤火虫发出的通过放大镜部分的光逐渐减少，则萤火虫的像（）A远离放大镜，平均速度小于萤火虫的飞行速度B远离放大镜，平均速度大于萤火虫的飞行速度C靠近放大镜，平均速度小于萤火虫的飞行速度D靠近放大镜，平均速度大于萤火虫的飞行速度
22、【分析】首先根据“萤火虫从放大镜的2倍焦距处沿着主光轴匀速飞行过程中，萤火虫发出的通过放大镜部分的光逐渐减少”判断出萤火虫是靠近放大镜还是远离放大镜；物体从二倍焦距远处移动时，像的范围在一倍焦距和二倍焦距之间。【解答】解：放大镜其实就是一个凸透镜，萤火虫在凸透镜的2倍焦距处，恰好在另一侧的2倍焦距处形成等大、倒立的实像。萤火虫发出的通过凸透镜部分的光逐渐减少，表明萤火虫正在远离凸透镜运动，由于萤火虫移动到凸透镜的2倍焦距以外，它通过凸透镜所成的像从2倍焦距处移动到1倍焦距与2倍焦距之间，表明萤火虫的像将逐渐靠近凸透镜。由于像距小于物距，则像的移动速度也小于萤火虫的飞行速度。故萤火虫的像将逐渐靠
23、近放大镜，像的平均速度小于萤火虫的飞行速度，故C项正确，ABD 项错误。故选：C。【点评】此题主要考查了凸透镜成像规律的应用，解答此题的关键有两点，一是首先判断出萤火虫是靠近放大镜还是远离放大镜；而是根据物距和像距判断物体和像移动的速度。9（3分）高层建筑的墙体中有三根绞在一起的电线，可以用如图乙所示的“测量仪”把它们区分开。小华将A、B连在一起时，小明将“测量仪”连接在X、Z两端，灯泡发光；小华将B、C连在一起时，小明将“测量仪”连在X、Y两端，灯泡发光。则（）AA和Y是同一根电线，B和Z是同一根电线BB和Z是同一根电线，C和Y是同一根电线CA和Y是同一根电线，B和X是同一根电线DB和X是同
24、一根电线，C和Y是同一根电线【分析】根据“小华将A、B连在一起时，小明将“测量仪”连接在X、Z两端，灯泡发光；小华将B、C连在一起时，小明将“测量仪”连在X、Y两端，灯泡发光”利用排除法可作出选择。【解答】解：（1）小华将A、B连在一起时，小明将“测量仪”连接在X、Z两端，灯泡发光，如图1所示；图1中上面只剩下C端，下面只剩下的是Y端，则说明C和Y是同一根电线；（2）小华将B、C连在一起时，小明将“测量仪”连在X、Y两端，灯泡发光，如图2所示；图1中上面只剩下A端，下面只剩下的是Z端，则说明A和Z是同一根电线；综上分析，C和Y是同一根电线，A和Z是同一根电线，则剩下的B和X是同一根电线，故D正
25、确，ABC错误。故选：D。【点评】根据小明和小华的连接情况利用排除法即可轻松解题，此题难度不大，属于基础知识。10（3分）如图所示，轻质杆可绕O点转动。分别将质量相同的纯金块、纯银块、金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并浸没水中，将质量与王冠相同的重物对应地悬挂在杆上的A、B、C处（图中未标出），杆恰好在水平位置平衡。测得A、C两点间的距离为7cm，B、C两点间的距离为3cm。则王冠中金和银的质量比为（）A3：7B7：3C2：5D5：2【分析】先根据纯金块、纯银块、金银制作的王冠的密度关系利用V判断三者体积关系，根据阿基米德原理和杠杆平衡条件可得出重物对应地悬挂在杆上的A、B、C的位置，然后分别列
26、出三者悬挂于杆的最左端并浸没水中时的等量关系式，结合数学知识将这三个方程进行整理即可得出王冠中金和银的质量之比。【解答】解：设纯金块、纯银块、金银制作的王冠以及重物的质量为m，纯金块、纯银块、金银制作的王冠的密度分别为1、2、3，体积分别为V1、V2、V3，由于132，根据V可知，三者的体积关系：V1V3V2，浸没在水中时，三者排开水的体积与各自的体积相等，根据F浮水gV排可知，三者的浮力关系：F浮1F浮3F浮2，当质量相同（重力相同）的纯金块、纯银块、金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并分别浸没水中时，杆的最左端受到的拉力：F拉GF浮，由于F浮1F浮3F浮2，则F拉1F拉3F拉2，且左边拉力的力
27、臂相同，根据杠杆平衡条件可知，相同的重物对应地悬挂在杆上的A、B、C处，如下图所示：根据阿基米德原理和杠杆平衡条件得，当纯金块悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：（mg水gV1）LODmg（LOB+LBC+LAC）当纯银块悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：（mg水gV2）LODmgLOB 当金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：（mg水gV3）LODmg（LOB+LBC）用得，（水gV2水gV1）LODmg（LBC+LAC）用得，（水gV2水gV3）LODmgLBC用得，化简整理得，10V33V17V20设王冠中金和银的质量分别为m1、m2，则王冠的体积：V3+纯金块的体积：V1纯银快的体积
28、：V2将代入整理得，+0，由于120，所以，10m13m0；10m27m0；解得：m1m；m2m；则王冠中金和银的质量之比：m1：m2m：m3：7。故选：A。【点评】本题主要考查密度公式、阿基米德原理以及杠杆平衡条件的综合应用，解题思路比较简单，但是对于方程的处理难度较大，需要利用数学知识并要有很强的推理能力。二、填空题（本题有4个小题，每空1分，共30分）11（10分）汽车是我们生活中常见的交通工具，了解汽车的有关知识对我们十分必要。（1）家用小汽车的挡风玻璃是倾斜的，主要是为了防止车内物体经过玻璃成的虚（选填“虚”或“实”）像对司机的干扰。深秋季节，车窗玻璃内侧有时会变模糊，是因为车内的水
29、蒸气会液化成雾附着在玻璃上，这个过程水蒸气放出热量。（2）道交法规定汽车过隧道不能超车，是因为超车过程中两车之间的空气流速增大，压强变小，容易发生事故。汽车在加速过程中座椅靠背（选填“安全带”或“座椅靠背”）对司机起到保护作用。（3）汽车以最大功率在山路爬坡时，可以通过减小（选填“增大”或“减小”）汽车的速度来增大牵引力。在山路的急转弯处安装凸（面）镜可以扩大司机的视野。某些路段采用测量汽车通过这段路程的时间来判断车辆是否超速，这种方法叫区间测速。区间测速不能（选填“能”或“不能”）判断车辆通过测速区间内的任意路段是否超速。（4）由于汽油密度的变化需要对油价调整。夏季汽油的密度为0.7g/cm
30、3，价格是6.65元/升，冬季汽油的密度为0.74g/cm3，油价应调整为7.03元/升。（5）某汽车的热机效率为1，若汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率为2，则这些机械能转化成有用机械能的效率为。【分析】（1）平面镜成像的特点是：虚像，物像等大，物像等距，物像连线与镜面垂直；液化是由于温度较高的水蒸气遇冷时而变成小水珠的现象，液化过程要放出热量；（2）在流体中，流动速度越大的位置，压强越小；从惯性的角度可解释头枕如何对人起保护作用；（3）根据功率PFv可知，在功率一定时，减小速度可以增大牵引力；凸面镜对光有发散作用；区间测速是在同一路程上布设两个相邻的监控点，根据车辆通过前后两个监控点
31、的时间来计算车辆在该路段上的平均行驶速度，并依据该路段上的限速标准判定车辆是否超速”即可得出答案；（4）根据题目条件可先求夏季每吨汽油的体积，进而求出每吨汽油的总价，然后求出冬季汽油的体积，在每吨汽油价格不变的情况下，最后求出冬季汽油的单价；（5）根据求出机械效率。【解答】解：（1）根据物体在平面镜中成像时，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜距离相等。小汽车前面玻璃是倾斜的，汽车内物体的像在汽车的上方，司机看前面道路时，物体的像不会影响司机的视线；深秋，汽车内的人会呼出很多水蒸气，而玻璃的温度较低，水蒸气遇到温度较低的玻璃会液化成小水珠附着在玻璃上，使玻璃变模糊，此过程放出热量；（2）两辆汽车在
32、高速公路上应尽量避免并排行驶，因为两车之间空气流速快，压强小，容易发生碰撞事故；在座位的靠背上安装“头枕”，当轿车加速或被后面的车撞击时速度加快，乘客由于惯性会保持原来的运动状态，此时头枕可以起到防止乘客颈椎受伤；（3）根据公式PFv可知，在爬坡时减慢车速目的是汽车的牵引力；街头拐角处的凸面镜对光有发散作用，可以扩大司机的视野；利用区间测速只能依据该路段上的限速标准判定车辆是否超速，而不能判断车辆通过测速区间内的任意路段是否超速；（4）夏季每吨汽油的体积V1.43m31.43103dm31.43103升，每吨汽油的总价为1.43103升6.65元/升9509.5元；冬季每吨汽油的体积V1.35
33、m31.35103dm31.35103升，则在每吨汽油价格不变的情况下，冬季汽油的油价应为7.03元/升；（5）根据可得热机效率1，可得W有用1Q；汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率2，可得W机械2Q；则这些机械能转化成有用机械能的效率：。故答案为：（1）虚 液化 放出 （2）小 座椅靠背 （3）减小 凸（面）不能（4）7.03 （5）。【点评】本题考查了平面镜成像的应用、液化的形成及其特点、流体压强与流速的关系、惯性知识的应用、功率公式PFv的运用、凸面镜的作用、区间测速的运用、密度公式及其变形公式的应用、热机效率公式的掌握和运用。12（6分）同步通信卫星是在离地面高度为3.6107m
34、，绕地心转动的圆轨道（同步轨道）上运行的卫星，运行周期跟地球自转周期相同。（1）同步通信卫星绕地球运行时受（选填“受”或“不受”）地球的引力，周期是24h同步通信卫星相对于地面的建筑物是静止的，3颗同步通信卫星基本可以实现全球通信。（2）理论和实践表明，质量不同的同步通信卫星都以相同的速度在同步轨道上运行，若同步通信卫星上的天线脱落，天线仍然（选填“仍然”或“不会”）在同步轨道上运行。（3）地面上的甲乙两人用卫星电话通过同步通信卫星联系，从甲发出信号到他收到乙自动回复的信号至少需要0.48s。【分析】（1）由万有引力可知同步通信卫星绕地球运行时受球的引力，地球的自传周期为一天24h，同步通信卫
35、星相对于地面的建筑物的位置没有发生变化，故是静止的，是的在地球的周围均匀配置3颗同步通信卫星，就可以实现全球通信；（2）同步通信卫星上的天线脱落，天线仍然保持原来的运动状态在同步轨道上运行；（3）信号的传播速度为3108m/s，利用速度公式变形求解时间；【解答】解：（1）由万有引力可知同步通信卫星绕地球运行时受球的引力，地球的自传周期为24h，同步通信卫星绕地球运行周期也是24h，同步通信卫星相对于地面的建筑物的位置没有发生变化，故是静止的，在地球的周围均匀配置3颗同步通信卫星，就可以实现全球通信；（2）理论和实践表明，质量不同的同步通信卫星都以相同的速度在同步轨道上运行，同步通信卫星上的天线
36、脱落，天线仍然在同步轨道上运行。；（3）离地面高度为3.6107m，甲发出信号到他收到乙自动回复的信号，信号传的距离是43.6107m1.44108m，由v可得，t0.48s。故答案为：（1）受；24；静止；3；（2）仍然；（3）0.48。【点评】本题考查同步卫星的周期，以及惯性，速度公式的运用是一道综合应用题。13（8分）早期的风光互补发电巧妙利用太阳光强时风速小，光弱时风速大的自然特点，使风能、光能互补，从而基本保证发电功率稳定。（1）风能和光能都来源于太阳，属于一次（可再生）能源。若太阳光弱的时候风速小，不能（选填“能”或“不能”）实现风光互补发电。（2）风机功率和风速的三次方成正比，风
37、速加倍，其功率增加到原来的8倍。光伏功率和光的辐射量有关，单位面积光能的功率叫光的辐射量，其单位是W/m2。（3）用风光互补发的电对额定功率P的用电器供电，风机功率为P1，光伏功率为P2，当P1+P2P，用电器正常工作。如图乙是某风光互补发电系统一段时间内功率变化的图线，在11（选填“9”或“11”）点钟左右，光伏功率最大。对于额定功率为1kW的用电器，在13点16点这段时间里，风光互补发的电能（选填“能”或“不能”）满足其工作。【分析】（1）一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源；二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。可再生能源：可以从自然界中源源不断地
38、得到的能源；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。风光互补发电是利用太阳光强时风速小，光弱时风速大的自然特点，使风能、光能互补；（2）根据发电机的输出功率P与风速v的三次方成正比得出结论；单位面积光能的功率叫光的辐射量，即光的辐射量，从而确定其功率；（3）用风光互补发的电对额定功率P的用电器供电，风机功率为P1，光伏功率为P2，当P1+P2P，用电器正常工作；根据图象判断出光伏功率最大的时间；根据图象判断出额定功率为1kW的用电器，在13点16点风光互补发的电能否满足其工作。【解答】解：（1）根据能源分类的标准可知，太阳能、风能都来源于太阳能，可以从自然界直接获得源源不断的获得，
39、属于一次能源或可再生能源；风光互补发电是利用太阳光强时风速小，光弱时风速大的自然特点，使风能、光能互补，如果太阳光弱的时候风速小，不能实现风光互补发电；（2）风机功率和风速的三次方成正比，风速加倍，其功率增加到原来的238 倍；单位面积光能的功率叫光的辐射量，即光的辐射量，其中光能功率的单位是“W”，故光的辐射量的单位是W/m2；（3）用风光互补发的电对额定功率P的用电器供电，风机功率为P1，光伏功率为P2，当P1+P2P，用电器正常工作；根据图象知光伏功率最大的时间是11点；根据图象知在13点16点风光互补发的电能的和大于1kW，能满足额定功率为1kW的用电器工作。故答案为：（1）太阳；一次
40、（可再生）；不能；（2）8；W/m2；（3）P；11；能。【点评】对于此类结合现代科技考查物理知识的题目，是现在中考的热点，解决此类问题时要紧扣物理考点，认真分析作答。14（6分）如图是某同学制作的简易温控装置，变阻器R的最大电阻为200，Rt是热敏电阻，其阻值与温度t的关系如下表所示。当电磁继电器（电阻不计）的电流超过18mA时，衔铁被吸合，加热器停止加热，实现温控。加热器的功率是1000W，所用电源为家用交流电。t/30.040.050.060.070.0Rt/219.5164.5128.1101.882.9（1）电磁继电器是利用电生磁（选填“电生磁”或“磁生电”）来工作的。Rt的阻值随着
41、温度的降低逐渐增大。（2）闭合开关S后发现电路有断路的地方。该同学将一个电压表接到ab两点时指针不偏转，接到ac两点时指针偏转，断路处在bc之间（选填“ab“或“bc“）。（3）为使该装置能对3070之间任意温度进行控制，电源E用3节干电池。若在50时衔铁被吸合，应将滑动变阻器R的阻值调到121.9将调节好的装置（50衔铁被吸合）放在容积为100m3的密闭保温容器中，已知空气的比热容为1000J（/kg），密度为1.3kg/m3，则容器中的空气从30加热到空气达到的最高温度至少需要2600s。【分析】（1）电磁继电器是根据电流的磁效应制成的；根据表格数据可知Rt的阻值随着温度的变化而变化情况；
42、（2）电压表指针不偏转，说明断路在电压表两接线柱之外的位置；电压表指针偏转，说明电压表与电源两极是连通的，其断路处在两接线柱之间；（3）由于电磁继电器（电阻不计）的衔铁被吸合的电流不变，当温度为30时，热敏电阻Rt的阻值最大，根据欧姆定律求出热敏电阻Rt两端的电压，知道一节干电池的电压为1.5V，从而可以求出需要的干电池的节数；先求出电源电压，再利用欧姆定律和串联电路电阻的特点求出滑动变阻器R接入电路的阻值；先根据求出密闭保温容器中空气的质量，再根据Q吸cm（tt0）和P求出需要的加热时间。【解答】解：（1）电磁继电器的核心部件是电磁铁，通电时有磁性，断电时无磁性，是根据电流的磁效应制成的，即
43、利用电生磁来工作的。由表格数据可知，温度t越低，热敏电阻Rt的阻值越大，即Rt的阻值随着温度的降低逐渐增大。（2）该同学将一个电压表接到ab两点时指针不偏转，说明ab两点之间是连通的，断路在ab两点之外的位置；将电压表接到ac两点时指针偏转，说明电压表与电源两极是连通的，其断路处在bc之间。（3）由于电磁继电器（电阻不计）的衔铁被吸合的电流I18mA0.018A不变，当温度为30时，热敏电阻Rt的阻值最大，其阻值Rt219.5，由I得，热敏电阻Rt两端的电压：UtIRt0.018A219.53.951V，由于一节干电池的电压为1.5V，所以需要的干电池的节数：n2.634，所以，n取3节，即电
44、源E用3节干电池。电源E的电压：U31.5V4.5V，此时电路总电阻：R总250，由表格数据可知，在温度为50时，热敏电阻Rt128.1，根据串联电路电阻特点可知，滑动变阻器R接入电路的阻值：RR总Rt250128.1121.9。由得，密闭保温容器中空气的质量：mV1.3kg/m3100m3130kg，则容器中的空气从30加热到空气达到的最高温度吸收的热量：Q吸cm（tt0）1000J（/kg）130kg（5030）2.6106J，由题意知，加热器消耗的电能WQ吸2.6106J，由P得，需要的加热时间：t2600s。故答案为：（1）电生磁；增大；（2）bc；（3）3；121.9；2600。【点
45、评】本题以电磁继电器为背景，综合考查了电器继电器的工作原理、电路故障分析、欧姆定律的应用、密度公式、吸热公式以及功率公式的应用，涉及到的知识点较多，有一定的难度。三、作图题（每题2分，共6分）15（2分）如图所示，OC是折射光线，请画出入射光线AO和反射光线OB。【分析】（1）光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角；（2）光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，光由其他透明介质斜射入空气中时，折射角大于入射角。【解答】解：当光
46、线射向两种介质的界面上时，会同时发生反射和折射；由反射角等于入射角确定反射光线，当光从空气中斜射入水中时，折射光线将向靠近法线的方向偏折，即折射角小于入射角，如下图所示：【点评】在两种透明介质的界面上，反射和折射一般是同时发生的，反射与入射在同种介质中，折射与入射在两种介质中，反射角等于入射角，光由空气斜射入其它透明介质中时，折射角小于入射角，光由其他透明介质斜射入空气中时，折射角大于入射角。16（2分）如图所示，画出斜面上下滑的物体受到的重力和弹力示意图（O为两个力的作用点）。【分析】力的示意图是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的
47、方向，线段起点或终点表示力的作用点。【解答】解：重力的方向竖直向下，弹力的方向垂直于斜面向上，作用点均在O点上，如图所示：【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。17（2分）如图所示，闭合电路中的一部分导线垂直于纸面放置，向右运动时能在电路中产生感应电流，请画出磁感线的大致方向。【分析】当闭合回路中的部分导体做切割磁感线运动时，导体中可以产生感应电流。【解答】解：只有闭合电路的一部分导体在磁场中做导体切割磁感线运动时，电路中才会产生感应电流，故磁感线在竖直方向或稍为倾斜时，导体向右运动才会产生感应电流
48、，如图所示：或【点评】电磁感应现象应重点理解切割的含义，可以想像为将磁感线切断即为切割。四、实验题（本题有3个小题，每空1分，共14分）18（4分）在探究光的反射规律的实验中，小明设计了如图所示的实验：将平面镜放在水平桌面，硬纸板竖直地立在平面镜上，硬纸板上的直线ON垂直于镜面，右侧纸板可绕ON转动。（1）如图甲，当硬纸板在同一平面上，使一束光贴着纸板沿某一方向射到O点，经平面镜反射，沿另一个方向射出。当入射光EO向ON靠近的过程中，发现反射光OF靠近（选填“靠近”或“远离”）ON为了精确探究反射规律，除了图中的器材，还需要刻度尺、笔和量角器。（2）如图乙，保持左侧纸板和入射光的位置不变，将右
49、侧纸板绕ON转动，此时在右侧纸板上不能看到反射光，由此可以得出反射光线、入射光线和法线在同一平面内的结论。【分析】（1）根据入射角的变化和反射角的变化而得出结论；为了精确探究反射规律，除了图中的器材，还需量出角度，记录数据，要刻度尺、笔和量角器；（2）硬纸板可以显示光路，将右侧纸板绕ON转动，反射光线将会消失，所以证明了反射光线、法线、入射光线在同一平面内。【解答】解：（1）光反射时，反射角大小等于入射角，若将EO向ON靠近，则OF靠近ON；为了精确探究反射规律，需要测量角度，记录数据，列出表格，故除了图中的器材，还需要刻度尺、笔和量角器；（2）实验中使用可折转的硬纸板，除了能呈现光路外，将右
50、侧纸板绕ON转动，此时在右侧纸板上不能看到反射光，由此可以得出反射光线、入射光线和法线在同一平面内的结论。故答案为：（1）靠近；笔；量角器；（2）在同一平面内。【点评】本题考查了探究光的反射的实验，要理解和熟记光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。19（5分）绳子的抗断拉力是绳子能够承受的最大拉力，超过这个拉力，绳子就会断裂。某实验小组用“加沙子法”测量一根细轻绳的抗断拉力，主要过程如下：将小桶悬挂于细绳下，缓慢在桶中添加沙子，直到绳子断裂。取下小桶，用弹簧测力计测小桶和沙子的重力。（1）某次测量中，用弹簧测力计测得桶和沙子的重
51、力如图所示，细绳的抗断拉力为48N本实验的原理中用到了力的相互作用规律和二力平衡的知识。这种方法测量出的抗断拉力比绳子实际的抗断拉力大。（2）改变绳子的长度，其抗断拉力不会改变；用绳子拉着重物加速上升，其抗断拉力不会改变。（均选填“会”或“不会”）【分析】（1）明确弹簧测力计的分度值，可读出其拉力的大小；在实验中，小桶和沙子受到的重力，与测力计对它的拉力是一对平衡力；根据实验的方法分析所测抗断拉力与绳子实际抗断拉力的关系。（2）由题意可知，绳子的抗断拉力与绳子长度、拉动物体时运动的速度等无关。【解答】解：（1）图中弹簧测力计的分度值为2N，则细绳的抗断拉力为48N；实验中，小桶和沙子受到的重力
52、，与测力计对它的拉力是一对平衡力，故还用到了二力平衡的知识；此方法中实际测量的力是将绳子拉断后的力，因此，测量出的抗断拉力比绳子实际的抗断拉力大。（2）绳子的抗断拉力只与绳子本身的特点（即绳子的材料和粗细）有关，而与绳子的长度无关；同时，用绳子拉着重物加速上升，只是拉力大于重力，但其抗断拉力是不会改变的。故答案为：（1）48；二力平衡；大；（2）不会；不会。【点评】本题考查了一个新的知识点：抗断拉力。理解绳子的抗断拉力是绳子能够承受的最大拉力，根据实验过程和实验现象可判断其大小，以及影响的因素等。20（5分）某实验小组的同学用铅笔芯探究导体的电阻与长度的关系，如图所示是该实验的电路图。（1）闭
53、合开关，向右移动铅笔芯上的滑片P1，电路中的电流不变（选填“变大”“变小、”或“不变”）。（2）如果滑片P1滑动到铅笔芯最右端时，电压表示数很小，应该将滑动变阻器的滑片P2向右移动。（3）移动铅笔芯上面的滑片P1，记录铅笔芯AP1之间的距离和电压表的示数，数据如下：AP1/mm030.060.090.0120.0150.0180.0U/V00.40.81.21.62.02.4通过数据反映出的规律和欧姆定律可以推出导体的电阻与导体的长度成正比的结论。若图示位置时电压表示数为0.9V，滑片P2向右移动一段距离，电压表示数变为1.2V，滑片P2再向右移动一段相同的距离，电压表示数为1.8V。【分析】
54、（1）闭合开关，向右移动铅笔芯上的滑片P1，不能改变电路中的电阻，利用欧姆定律分析电路中的电流变化；（2）如果滑片P1滑动到铅笔芯最右端时，电压表示数很小，说明滑动变阻器分压太大，应该减小滑动变阻器两端的电压，减小滑动变阻器连入的电阻；（3）由表中数据可知，可得铅笔芯AP1段两端的电压随AP1长度的增大而增大，并且成倍数的最大，可得铅笔芯AP1段两端的电压与AP1长度成正比；根据欧姆定律可知铅笔芯AP1段两端的电压与AP1间电阻成正比；最后得出导体的电阻与导体的长度的关系。图示位置时电压表示数为0.9V，利用“通过铅笔芯的电流等于总电流”和欧姆定律得出等式；同理当滑片P2向右移动一段距离，设滑
55、动变阻器连入电阻减小值为R，利用欧姆定律列出等式；两等式相比得出R0+R14R；当滑片P2再向右移动一段相同的距离，滑动变阻器连入电阻减小值为2R，再利用欧姆定律列出等式，和第一个等式相比得出最后电压表的示数。【解答】解：（1）由图知，铅笔芯和滑动变阻器串联，电压表测滑片P1左侧部分铅笔芯的电压，因电压表在电路中相当于断路，所以可知整个铅笔芯连入电路，则向右移动滑片P1时，不能改变电路中的电阻，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中的电流不变；（2）如果滑片P1滑动到铅笔芯最右端时，电压表示数很小，说明滑动变阻器分压太大，应该减小滑动变阻器两端的电压，减小滑动变阻器连入的电阻，即应该将滑动变阻器
56、的滑片P2向右移动；（3）由表中数据可知，电压表的示数（即铅笔芯AP1段两端的电压）随AP1长度的增大而增大，并且成倍数的增大，所以铅笔芯AP1段两端的电压与AP1的长度成正比；电路中电流不变，由UIR可知，铅笔芯AP1段两端的电压与AP1的电阻成正比；由此可以推出：导体的电阻与导体的长度成正比。图示位置时电压表示数为0.9V，设电源电压为U、整个铅笔芯的电阻为R0、与电压表并联部分的电阻为R0左、此时滑动变阻器连入电阻为R1，串联电路的电流处处相等，由欧姆定律可得此时电路中电流：，当滑片P2向右移动一段距离，设滑动变阻器连入电阻减小值为R，电压表示数变为1.2V，由欧姆定律可得此时电路中电流
57、：，得：1，化简可得：R0+R14R，代入得：，当滑片P2再向右移动一段相同的距离，滑动变阻器连入电阻减小值为2R，设此时铅笔芯两端电压为U3，由欧姆定律可得此时电路中电流：，得：，解得：U31.8V。故答案为：（1）不变；（2）右；（3）欧姆定律；正；1.8。【点评】本题为难度较大的电路动态分析题，易错点在最后一空的解答，利用“通过铅笔芯的电流等于总电流”和欧姆定律列出三个等式是关键。五、计算题（本题有2个小题，每题5分，共10分每题要有计算过程和必要的文字说明，只给出结果不得分）21（5分）如图所示，电阻R1为20，电阻R2为60，只闭合开关S1时，电流表的示数为1.2A，求（1）电源的电
58、压（2）闭合开关S1和S2，电路消耗的总功率。【分析】（1）如图所示，电阻R1和电阻R2并联，只闭合开关S1时，电阻R1单独接入电路，电流表的示数为1.2A，由欧姆定律可求U1，即电源电压；（2）闭合开关S1和S2，电阻R1和电阻R2并联，由欧姆定律可求电路中电流，根据PUI可求电路消耗的总功率。【解答】解：（1）如图所示，电阻R1和电阻R2并联，只闭合开关S1时，电阻R1单独接入电路，由I可得电阻R1的电压：UU1I1R11.2A2024V；（2）闭合开关S1和S2，电阻R1和电阻R2并联，由I可得电路中电流：II1+I2I1+1.2A+1.2A+0.4A1.6A，电路消耗的总功率：PUI2
59、4V1.6A38.4W。答：（1）电源的电压是24V；（2）闭合开关S1和S2，电路消耗的总功率是38.4W。【点评】本题主要考查欧姆定律和并联电路的特点以及电功率的计算，常见题目。22（5分）如图所示，长1m，重5N的匀质杠杆OB连接在竖直墙壁的0点，在杠杆的中点A处悬挂45N的重物。固定在A点的绳子跨过定滑轮，在拉力F作用下使杠杆在水平位置平衡，此时OAC45不计绳子重力和转动部分的摩擦，求（1）缓慢地将杠杆从水平位置转动到竖直位置的过程中，拉力做的功；（2）杠杆从水平位置逆时针缓慢转动多大角度后，绳子拉力开始小于50N。【分析】（1）根据定滑轮的工作特点求出拉力大小，然后根据图示得出杠杆
60、和重物上升的高度，再利用利用WFs求出将杠杆从水平位置转动到竖直位置的过程中拉力做的功；（2）根据杠杆平衡条件分析解答。【解答】解：（1）图中为定滑轮，不计绳子重力和转动部分的摩擦，则拉力F做的功等于克服杠杆与物重所做的功根据题意可知，杠杆O长1m，将杠杆从水平位置转动到竖直位置的过程中，杠杆和重物上升的高度hOB1m0.5m；即WW杠+W物G杠h+G物h5N0.5m+45N0.5m25J；（2）如图，由题可知，OAC45，所以OCOA，根据杠杆平衡条件可得：GOMFON，当逆时针转动至某一角度时，拉力F50N，则50NOM50ON，所以，OMON，又OCOA，根据三角形知识可得：MOAAONNOC30。答：（1）缓慢地将杠杆从水平位置转动到竖直位置的过程中，拉力做的功25J；（2）杠杆从水平位置逆时针缓慢转动30后，绳子拉力开始小于50N。【点评】此题考查功的计算、杠杆平衡条件的运用，关键是利用好定滑轮的工作特点，有一定难度。