1、高考资源网（） 您身边的高考专家2015-2016学年福建省三明市清流一中高二（下）第三次段考物理试卷（普通班）一、单选题（本大题共8小题，共24分）1关于电磁波，以下说法中正确的是（）A电磁波本身就是物质，因此可在真空中传播B电磁波和 机械波一样，也分为横波和纵波C在真空中，频率高的电磁波波速较大D只要发射电路的电磁振荡停止，产生的电磁波立即消失2在平静的湖面上漂着一小木条，现向湖中央扔一石子，圆形波纹一圈圈地向外传播，当波传到小木条处时，小木条将（）A随波纹漂向湖岸B波纹传到小木条处，小木条仍不动C向波源处漂动D在原来位置做上下振动3一束光线从空气射向玻璃，入射角为下列四幅光路图中正确的是
2、（）ABCD4关于电磁场和电磁波，下列说法不正确的是（）A变化的电场能够产生磁场，变化的磁场能够产生电场B麦克斯韦第一次通过实验验证了电磁波的存在C无线电波、红外线、可见光、紫外线、x射线、射线都是电磁波D紫外线是一种波长比紫光更短的电磁波，能够灭菌消毒5穿过某线圈的磁通量随时间变化的关系如图所示，在下列几段时间内，线圈中感应电动势最小的是（）A02 sB2 s4 sC4 s5 sD5 s10 s6一质点做简谐运动，如图所示，在0.2s到0.3s这段时间内质点的运动情况是（）A沿负方向运动，且速度不断增大B沿负方向运动，且位移不断增大C沿正方向运动，且速度不断增大D沿正方向运动，且加速度不断增
3、大7关于理想变压器的工作原理，以下说法正确的是（）A通有正弦交变电流的原线圈产生的磁通量不变B穿过原、副线圈的磁通量在任何时候都不相等C穿过副线圈磁通量的变化使得副线圈产生感应电动势D原线圈中的电流通过铁芯流到了副线圈8如图，粗糙水平桌面上有一质量为m的铜质矩形线圈当一竖直放置的条形磁铁从线圈中线AB正上方等高快速经过时，若线圈始终不动，则关于线圈受到的支持力FN及在水平方向运动趋势的正确判断是（）AFN先小于mg后大于mg，运动趋势向左BFN先大于mg后小于mg，运动趋势向左CFN先小于mg后大于mg，运动趋势向右DFN先大于mg后小于mg，运动趋势向右二、多选题（本大题共4小题，共16分）
4、9远距离送电，已知升压变压器输出电压为U1，功率为P，降压变压器的输入电压为U2，输电线上电压为U，输电线的线路损耗的热功率P损，则下列正确的是（）AP=P损BP损PCU1=U2DU1=U2+U10一束光从空气射向折射率n=的某种玻璃的表面，如图所示i代表入射角，则（）A当入射角i=0时不会发生折射现象B无论入射角i是多大，折射角r都不会超过45C欲使折射角r=30，应以i=60的角度入射D当入射角i=arctan时，反射光线跟折射光线恰好互相垂直11如图甲为一列横波在t=0时的波动图象，图乙为该波中x=2m处质点P的振动图象，下列说法正确的是（）A波速为4m/sB波沿x轴负方向传播Ct=0.
5、5s，P点的动能最大Dt=2.5s，P点振动路程为1.8cm12如图所示，闭合金属环（可视为质点）从高h的曲面滚下，又沿曲面的另一侧上升，整个装置处在磁场中，设闭合环初速度为零，摩擦不计，则（）A若是匀强磁场，环滚的高度小于hB若是匀强磁场，环滚的高度等于hC若是非匀强磁场，环滚的高度小于hD若是非匀强磁场，环滚的高度大于h三、填空题实验题（本大题共4小题，13题每空1分，其余每空2分共20分）13如图为一正弦交变电压随时间变化的图象由图可知：交变电压最大值为V有效值为V交表电压的周期为S频率是HZ交变电压角速度为：rad/s交变电压的瞬时值表达式：U=14若电磁波在空气中的传播速度为C，频率
6、为f，则该电磁波在空气中的波长=一种电磁波的频率是2109Hz，当它从水中进入空气中时速度（填变大、变小、不变）15汽油机做功冲程开始时，汽缸中的汽油空气混合气要靠火花塞点燃但是汽车蓄电池的电压只有12V，不能在火花塞上产生火花，要产生电火花，电压要达到10000V，为此要使用如图所示的点火装置，则图中虚线框内所缺的部分是，这一部分应该满足，才能在火花塞中产生火花16某同学在做“利用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为97.20cm；用20分度的游标卡尺测小球直径如图所示，然后用秒表记录了单摆全振动50次所用的时间为100.0s则（1）小球直径为 cm，测得重力加速度g值为m/s2（保留三
7、位有效数字）（2）如果该同学在测摆长时忘记了加摆球的半径，如用求平均值方法测得加速度g将 （填“偏大”或“偏小”或“准确”）；但如果以摆长L为纵坐标、周期的二次方为横坐标作出了LT2图线，由图象测得的图线的斜率为k，则测得的重力加速度g=（用字母表示即可）四、计算题（本大题共5小题，共44分）17如图所示，一水平放置的平行导体框宽度L=0.5m，接有R=0.2的电阻，磁感应强度B=0.4T的匀强磁场垂直导轨平面方向向下，现有一导体棒ab跨放在框架上，并能无摩擦地沿框架滑动，框架及导体棒ab电阻不计，当ab以v=4.0m/s的速度向右匀速滑动时，试求：（1）导体棒ab上的感应电动势的大小及导体棒
8、中感应电流的方向；（2）要维持ab向右匀速运动，作用在ab上的水平外力为多少？方向怎样？（3）电阻R上产生的热功率多大？18如图所示，交流发电机的矩形线圈abcd中，ab=cd=50cm，bc=ad=30cm，匝数n=100，线圈电阻r=0.2，外电阻R=4.8线圈在磁感强度B=0.05T的匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴OO匀速转动，角速度=100rad/s（1）求产生感应电动势的最大值；（2）若从图示位置开始计时，写出感应电流随时间变化的表达式；（3）交流电压表和交流电流表的示数各为多少？（4）从图示位置起，转过90过程中，平均电动势多大？通过线框截面电量多大？19如图所示，直角玻璃三棱镜置于
9、空气中，已知A=60，C=90；一束极细的光于 AC边的中点垂直AC面入射， =2a，棱镜的折射率为n=求：（1）光在棱镜内经一次全反射后第一次射入空气时的折射角（2）光从进入棱镜到第一次射入空气时所经历的时间（设光在真空中传播速度为c）20一列简谐横波在t=0.6s时刻的图象如图甲所示该时刻P、Q两质点的位移均为1cm，平衡位置为15m处的A质点的振动图象如图乙所示求该列波的波速大小求t=0.6s到t=1.2s时间内，A质点通过的路程在图甲中画出t=0.9s时的波形图21如图（a）的轮轴，它可以绕垂直于纸面的光滑固定水平轴0转动轮上绕有轻质柔软细线，线的一端系一重物，另一端系一质量为m的金属
10、杆在竖直平 面内有间距为L的足够长的平行金属导轨PQ、EF，在QF之间连接有阻值为R的电 阻，其余电阻不计，磁感应强度为B的匀强磁场与导轨平面垂直开始时金属杆置于 导轨下端，将质量为M的重物由静止释放，重物最终能匀速下降运 动过程中金属杆始终与导轨垂直且 接触良好，忽略所有摩擦（1）重物匀速下降的速度V的大小是多少？（2）对一定的磁感应强度B，重物的质量M取不同的值，测出相应的 重物做匀速运动时的速度，可得 出vM实验图线图（b）中 画出了磁感应强度分别为B1和B2时的两条实验图线，试根据实验结果计算B1和B2的比值（3）若M从静止到匀速的过程中一目下降的高度为h，求这一过程中R上产生的焦耳热
11、2015-2016学年福建省三明市清流一中高二（下）第三次段考物理试卷（普通班）参考答案与试题解析一、单选题（本大题共8小题，共24分）1关于电磁波，以下说法中正确的是（）A电磁波本身就是物质，因此可在真空中传播B电磁波和 机械波一样，也分为横波和纵波C在真空中，频率高的电磁波波速较大D只要发射电路的电磁振荡停止，产生的电磁波立即消失【考点】电磁波的产生【专题】定性思想；推理法；电磁场理论和电磁波【分析】电磁波的传播不需要介质，由真空进入介质，波速减小，频率不变电磁波是横波，机械波有横波，也有纵波【解答】解：A、电磁波本身就是物质，传播不需要介质，可以在真空中传播故A正确B、电磁波是横波，机械
12、波有横波也有纵波故B错误C、在真空中，各种电磁波的传播速度相同，等于光速故C错误D、只要发射电路的电磁振荡停止，产生的电磁波不会立即消失，会继续向前传播故D错误故选：A2在平静的湖面上漂着一小木条，现向湖中央扔一石子，圆形波纹一圈圈地向外传播，当波传到小木条处时，小木条将（）A随波纹漂向湖岸B波纹传到小木条处，小木条仍不动C向波源处漂动D在原来位置做上下振动【考点】波的形成和传播【分析】根据机械波向前传播的过程中，介质中质点在各自的平衡附近在振动，而不随波向前迁移，分析小木条的运动情况【解答】解：向湖中央扔一石子，圆形水波一圈圈地向外传播，当波传到小木条处时，小木条在原来位置附近上下振动，则不
13、向前移动故ABC错误，D正确；故选：D3一束光线从空气射向玻璃，入射角为下列四幅光路图中正确的是（）ABCD【考点】光的折射定律【专题】定性思想；推理法；光的折射专题【分析】光线从空气射入介质，一定会发生折射，折射角小于入射角，而且还会发生反射【解答】解：一束光线从空气射向玻璃，入射角为，可知光线一定会发生折射，根据知，折射角小于入射角，光线在分界面上还会发生反射故选：A4关于电磁场和电磁波，下列说法不正确的是（）A变化的电场能够产生磁场，变化的磁场能够产生电场B麦克斯韦第一次通过实验验证了电磁波的存在C无线电波、红外线、可见光、紫外线、x射线、射线都是电磁波D紫外线是一种波长比紫光更短的电磁
14、波，能够灭菌消毒【考点】电磁波的产生【分析】电磁波是由变化电磁场产生的，电磁波有：无线电波、红外线、可见光、紫外线、伦琴射线、射线它们的波长越来越短，频率越来越高【解答】解：A、变化的电场能产生磁场，变化的磁场能产生电场所以电场和磁场总是相互联系着的，故A正确；B、麦克斯韦只是预言了电磁波的存在；是赫兹第一次通过实验验证了电磁波的存在；故B错误；C、电磁波有：无线电波、红外线、可见光、紫外线、伦琴射线、射线，故B正确；D、紫外线的波长比紫光的短，它可以进行灭菌消毒；故D正确；本题选择错误的，故选：B5穿过某线圈的磁通量随时间变化的关系如图所示，在下列几段时间内，线圈中感应电动势最小的是（）A0
15、2 sB2 s4 sC4 s5 sD5 s10 s【考点】法拉第电磁感应定律【专题】电磁感应与电路结合【分析】根据法拉第电磁感应定律，通过磁通量变化率的大小判断哪段产生的感应电动势最小【解答】解：根据E=得，感应电动势与磁通量的变化率成正比t图线的斜率表示磁通量的变化率，5 s10 s内磁通量的变化率最小，则产生的感应电动势最小故D正确，A、B、C错误故选：D6一质点做简谐运动，如图所示，在0.2s到0.3s这段时间内质点的运动情况是（）A沿负方向运动，且速度不断增大B沿负方向运动，且位移不断增大C沿正方向运动，且速度不断增大D沿正方向运动，且加速度不断增大【考点】简谐运动；简谐运动的振幅、周
16、期和频率【专题】简谐运动专题【分析】由简谐运动的图象分析质点的位移随时间的变化情况，确定运动方向及速度、加速度的变化当位移增大时，速度减小，加速度a=增大，当位移减小时，速度增大，加速度减小【解答】解：在0.2s到0.3s这段时间内质点沿正方向运动，位移减小，速度增大，加速度减小故ABD错误，C正确故选：C7关于理想变压器的工作原理，以下说法正确的是（）A通有正弦交变电流的原线圈产生的磁通量不变B穿过原、副线圈的磁通量在任何时候都不相等C穿过副线圈磁通量的变化使得副线圈产生感应电动势D原线圈中的电流通过铁芯流到了副线圈【考点】变压器的构造和原理【专题】交流电专题【分析】变压器的工作原理是互感现
17、象，理想变压器是无漏磁、无铜损、无铁损【解答】解：A、通有正弦交变电流的原线圈产生的磁通量是按照正弦规律周期性变化的，故A错误；B、由于是理想变压器，穿过原、副线圈的磁通量在任何时候都相等，故B错误；C、穿过副线圈磁通量的变化使得副线圈产生感应电动势，符合法拉第电磁感应定律，故C正确；D、变压器的工作原理是互感现象，原、副线圈并没有直接相连，故D错误；故选：C8如图，粗糙水平桌面上有一质量为m的铜质矩形线圈当一竖直放置的条形磁铁从线圈中线AB正上方等高快速经过时，若线圈始终不动，则关于线圈受到的支持力FN及在水平方向运动趋势的正确判断是（）AFN先小于mg后大于mg，运动趋势向左BFN先大于m
18、g后小于mg，运动趋势向左CFN先小于mg后大于mg，运动趋势向右DFN先大于mg后小于mg，运动趋势向右【考点】楞次定律【分析】由磁铁的运动可知线圈中磁通量的变化，由楞次定律可判断线圈的支持力及运动趋势【解答】解：当磁铁向右运动时，线圈中的磁通量增大，根据楞次定律的第二种描述：“来拒去留：可知，线圈有向下和向右的趋势；故线圈受到的支持力增大；同时运动趋势向右；故选D二、多选题（本大题共4小题，共16分）9远距离送电，已知升压变压器输出电压为U1，功率为P，降压变压器的输入电压为U2，输电线上电压为U，输电线的线路损耗的热功率P损，则下列正确的是（）AP=P损BP损PCU1=U2DU1=U2+
19、U【考点】远距离输电【专题】交流电专题【分析】根据远距离输电的规律可明确电压功率之间的关系；明确损耗电压和损耗功率的表达式【解答】解：A、P为输电功率，而P损输电线的线路损耗的热功率；则一定有：P损P；故A错误；B正确；C、U1为输电电压；而U2为经过导线上电压损耗后的电压；故U1=U2+U；故C错误，D正确；故选：BD10一束光从空气射向折射率n=的某种玻璃的表面，如图所示i代表入射角，则（）A当入射角i=0时不会发生折射现象B无论入射角i是多大，折射角r都不会超过45C欲使折射角r=30，应以i=60的角度入射D当入射角i=arctan时，反射光线跟折射光线恰好互相垂直【考点】光的折射定律
20、【专题】光的折射专题【分析】发生全反射的条件：一从光密介质进入光疏介质，二是入射角大于等于临界角根据折射定律求出折射角的大小【解答】解：A、当入射角i=0时光能从空气进入玻璃，故发生了折射，A错误；B、当入射角是90时，根据折射定律n=， =，sinr=，r=45，所以无论入射角i是多大，折射角r都不会超过45B正确；C、欲使折射角r=30，根据折射定律n=， =，sini=，i=45，故C错误；D、当反射光线跟折射光线恰好互相垂直时，设入射角为i，折射角为，有i+=90，n=tani=，则i=arctan，D正确；故选：BD11如图甲为一列横波在t=0时的波动图象，图乙为该波中x=2m处质点
21、P的振动图象，下列说法正确的是（）A波速为4m/sB波沿x轴负方向传播Ct=0.5s，P点的动能最大Dt=2.5s，P点振动路程为1.8cm【考点】横波的图象；简谐运动的振动图象【专题】振动图像与波动图像专题【分析】由波动图象读出波长，由振动图象读出周期，可求出波速由振动图象上t=0时刻读出P点的速度方向，在波动图象上判断传播方向根据时间t=0.5s与周期的关系，分析P点的动能根据t=2.5s与周期的关系分析P点通过的路程【解答】解：A、由波动图象读出波长=4m，由振动图象读出周期T=1s，则波速v=4m/s故A正确B、由振动图象上t=0时刻读出P点的速度方向沿y轴正方向，则由波动图象判断出波
22、沿x轴正方向传播故B错误C、t=0.5s=，P点到达平衡位置，速度最大，动能最大故C正确D、t=2.5s=2.5T，P点振动路程为S=2.54A=100.2cm=2cm故D错误故选AC12如图所示，闭合金属环（可视为质点）从高h的曲面滚下，又沿曲面的另一侧上升，整个装置处在磁场中，设闭合环初速度为零，摩擦不计，则（）A若是匀强磁场，环滚的高度小于hB若是匀强磁场，环滚的高度等于hC若是非匀强磁场，环滚的高度小于hD若是非匀强磁场，环滚的高度大于h【考点】电磁感应中的能量转化【专题】定量思想；推理法；电磁感应与电路结合【分析】若是匀强磁场，闭合小环中没有感应电流产生，机械能守恒，高度不变；若是非
23、匀强磁场，闭合小环中由于电磁感应产生感应电流，机械能减小转化为内能，高度减小【解答】解：AB、若是匀强磁场，穿过小环的磁通量不变，没有感应电流产生，机械能守恒，高度不变，则环在左侧滚上的高度等于h故A错误，B正确；CD、若是非匀强磁场，小环中由于产生感应电流，机械能减小转化为内能，高度将减小，则环在左侧滚上的高度小于h故C正确，D错误故选：BC三、填空题实验题（本大题共4小题，13题每空1分，其余每空2分共20分）13如图为一正弦交变电压随时间变化的图象由图可知：交变电压最大值为220V有效值为220V交表电压的周期为0.02S频率是50HZ交变电压角速度为：100rad/s交变电压的瞬时值表
24、达式：U=U=220sin100t V【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率【分析】根据图象可读出该交流电的周期和最大值，然后根据频率和周期，最大值与有效值的关系可直接求解【解答】解：由图象读出电压的最大值Um=220V，则有效值为：U=220V，由图象读出交表电压的周期为T=0.02S，频率是f=50由图象知周期T=0.02s，线圈转动的角速度为：=100rad/s，交变电压瞬时值表达式：U=220sin100t V故答案为：220； 220 0.02；50100U=220sin100t V14若电磁波在空气中的传播速度为C，频率为f，则该电磁波在空
25、气中的波长=一种电磁波的频率是2109Hz，当它从水中进入空气中时速度变大（填变大、变小、不变）【考点】电磁波的周期、频率和波速【专题】定性思想；推理法；电磁场理论和电磁波【分析】所有电磁波的速度在真空中的速度都等于光速c，由c=f，求得频率f，当电磁波从真空进入水中后，其频率不变【解答】解：根据c=f，得电磁波由水中进入空气中，根据c=f可知，f不变，变大，则波速变大故答案为：，变大15汽油机做功冲程开始时，汽缸中的汽油空气混合气要靠火花塞点燃但是汽车蓄电池的电压只有12V，不能在火花塞上产生火花，要产生电火花，电压要达到10000V，为此要使用如图所示的点火装置，则图中虚线框内所缺的部分是
26、变压器，这一部分应该满足副线圈匝数大于原线圈匝数，才能在火花塞中产生火花【考点】变压器的构造和原理；内燃机的工作原理【专题】交流电专题【分析】蓄电池的电压为12V，火花塞需要的电压为10000V，所以电路中需要的是升压变压器，再根据升压变压器的原理可得副线圈匝数大于原线圈匝数【解答】解：由于火花塞需要的电压为10000V，但是电源的电压为12V，所以必须要经过升压变压器才可以得到高的电压，所以虚线框内所缺的是变压器，并且需要的应该是升压变压器，所以变压器的副线圈匝数大于原线圈匝数故答案为：变压器；副线圈匝数大于原线圈匝数16某同学在做“利用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为97.20cm
27、；用20分度的游标卡尺测小球直径如图所示，然后用秒表记录了单摆全振动50次所用的时间为100.0s则（1）小球直径为2.990 cm，测得重力加速度g值为9.73m/s2（保留三位有效数字）（2）如果该同学在测摆长时忘记了加摆球的半径，如用求平均值方法测得加速度g将偏小 （填“偏大”或“偏小”或“准确”）；但如果以摆长L为纵坐标、周期的二次方为横坐标作出了LT2图线，由图象测得的图线的斜率为k，则测得的重力加速度g=42k（用字母表示即可）【考点】用单摆测定重力加速度【专题】实验题；学科综合题；定量思想；方程法；单摆问题【分析】（1）游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读根据单摆的公
28、式T=，推导出g的表达式并计算g的数据；（2）根据单摆的周期公式得出重力加速度的表达式，结合周期的测量误差得出重力加速度的测量误差根据单摆的周期公式得出lT2的关系式，结合图线的斜率求出重力加速度【解答】解：（1）由图可知，小球的直径D=29mm+0.05mm18=29.90mm=2.990cm；根据T=，T=s，得：g=9.73m/s2（2）试验中如果该同学在测摆长时忘记了加摆球的半径，会导致测得摆长偏小，根据T=得：g=，知测得重力加速度偏小根据T=得：L=，如果以摆长L为纵坐标、周期的二次方为横坐标作出了LT2图线，可知图线的斜率k=，则g=42k故答案为：（1）2.990；9.73（2
29、）偏小：42k四、计算题（本大题共5小题，共44分）17如图所示，一水平放置的平行导体框宽度L=0.5m，接有R=0.2的电阻，磁感应强度B=0.4T的匀强磁场垂直导轨平面方向向下，现有一导体棒ab跨放在框架上，并能无摩擦地沿框架滑动，框架及导体棒ab电阻不计，当ab以v=4.0m/s的速度向右匀速滑动时，试求：（1）导体棒ab上的感应电动势的大小及导体棒中感应电流的方向；（2）要维持ab向右匀速运动，作用在ab上的水平外力为多少？方向怎样？（3）电阻R上产生的热功率多大？【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；安培力【专题】电磁感应与电路结合【分析】（1）根据切割产生的感应电动势大小公式E=B
30、Lv求出感应电动势的大小（2）由右手定则判断感应电流的方向根据闭合电路欧姆定律求出感应电流的大小由安培力公式求得安培力，由平衡关系可知拉力大小；（3）根据P=I2R求出电阻R上产生的热功率【解答】解：（1）导体棒垂直切割磁感线，产生的感应电动势大小为：E=BLv=0.40.54V=0.8V；（2）导体棒ab相当于电源，由闭合电路欧姆定律得体ab上感应电流为：I=A=4.0A由右手定则知感应电流的方向由b向a导体受到的安培力F=BIL=0.440.5=0.8N；则拉力F=0.8N；（3）电阻R上的热功率：P=I2R=420.2W=3.2W答：（1）导体ab上的感应电动势的大小为0.80V（2）维
31、持匀速运动的拉力为0.8N；（3）电阻R上产生的焦耳热功率为3.2W18如图所示，交流发电机的矩形线圈abcd中，ab=cd=50cm，bc=ad=30cm，匝数n=100，线圈电阻r=0.2，外电阻R=4.8线圈在磁感强度B=0.05T的匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴OO匀速转动，角速度=100rad/s（1）求产生感应电动势的最大值；（2）若从图示位置开始计时，写出感应电流随时间变化的表达式；（3）交流电压表和交流电流表的示数各为多少？（4）从图示位置起，转过90过程中，平均电动势多大？通过线框截面电量多大？【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系【专题】交流电专题【分析】（1）根据Em=n
32、BS求出最大电动势；（2）先根据闭合电路欧姆定律求出电流的最大值，再根据感应电流与感应电动势的瞬时值表达式的关系即可求解；（3）电流表及电压表示数均为有效值；（4）由法拉第电磁感应定律可求得平均电动势及电量【解答】解：（1）产生的感应电动势最大值为为Em=nBS=1000.050.50.3100V=75V235.5V（2）根据闭合电路欧姆定律，电流的最大值在图示位置时，电流有最大值，则电流的瞬时值表达式为i=Imcost，代入数值得感应电流的瞬时表达式为：i=Imcost所以电流的瞬时表达式为：i=15cosA（3）电流表的示数为：I=路端电压的有效值为U=IR=160V这样，电压表的示数为1
33、60V，电流表的示数为33.3A（4）平均电动势为：通过线框截面电量答：（1）产生感应电动势的最大值为235.5V；（2）若从图示位置开始计时，则感应电流随时间变化的表达式为i=15cosA；（3）交流电压表的示数为160V，交流电流表的示数为33.3A；（4）从图示位置起，转过90过程中，平均电动势为150V，通过线框截面电量为15C19如图所示，直角玻璃三棱镜置于空气中，已知A=60，C=90；一束极细的光于 AC边的中点垂直AC面入射， =2a，棱镜的折射率为n=求：（1）光在棱镜内经一次全反射后第一次射入空气时的折射角（2）光从进入棱镜到第一次射入空气时所经历的时间（设光在真空中传播速
34、度为c）【考点】光的折射定律【专题】光的折射专题【分析】（1）画出光路图，由几何知识找出角度关系，由折射定律可以求解（2）运用几何关系求出光在棱镜中通过的路程s，由v=求得光在棱镜中传播速度，由运动学知识求解时间【解答】解：（1）设临界角为C，则sinC=，则得：C=45如图所示，由几何知识得：2=60C=45，所以光线在D点发生全反射由反射定律和几何知识得：4=30，则 n=则得：sin5=nsin4=sin30=所以第一次射入空气的折射角5=45 （2）设光线由O点到E点所需的时间t，则光在棱镜的速度为：v=，由数学知识得，光在棱镜中通过的路程为：s=OD+DE=a+a则得：t= 答：（1
35、）光在棱镜内经一次全反射后第一次射入空气时的折射角（2）光从进入棱镜到第一次射入空气时所经历的时间为20一列简谐横波在t=0.6s时刻的图象如图甲所示该时刻P、Q两质点的位移均为1cm，平衡位置为15m处的A质点的振动图象如图乙所示求该列波的波速大小求t=0.6s到t=1.2s时间内，A质点通过的路程在图甲中画出t=0.9s时的波形图【考点】横波的图象【专题】计算题；定量思想；方程法；振动图像与波动图像专题【分析】（1）由乙图读出t=0.6s时刻质点A的速度方向，由甲图判断出波的传播方向由甲图读出波长，由乙图周期，求出波速（2）根据时间与周期的倍数关系，结合一个周期内质点通过的路程是4倍振幅，
36、求解经过t=0.6s时A质点通过的路程（3）求出波传播的距离，在原有的波形图沿波的传播方向平移【解答】解：（1）根据甲图知波长=20m，由乙图知T=1.2s波速为：（2）t=0.6s到1.2s时间内，A质点振动，A质点通过的路程为：2A=22cm=4cm（3）从t=0.6s到t=0.9s，波传播的时间0.3s=传播的距离，0.9s时的波形如图所示答：求该列波的波速大小求t=0.6s到t=1.2s时间内，A质点通过的路程4cm在图甲中画出t=0.9s时的波形图（如上图虚线所示）21如图（a）的轮轴，它可以绕垂直于纸面的光滑固定水平轴0转动轮上绕有轻质柔软细线，线的一端系一重物，另一端系一质量为m
37、的金属杆在竖直平 面内有间距为L的足够长的平行金属导轨PQ、EF，在QF之间连接有阻值为R的电 阻，其余电阻不计，磁感应强度为B的匀强磁场与导轨平面垂直开始时金属杆置于 导轨下端，将质量为M的重物由静止释放，重物最终能匀速下降运 动过程中金属杆始终与导轨垂直且 接触良好，忽略所有摩擦（1）重物匀速下降的速度V的大小是多少？（2）对一定的磁感应强度B，重物的质量M取不同的值，测出相应的 重物做匀速运动时的速度，可得 出vM实验图线图（b）中 画出了磁感应强度分别为B1和B2时的两条实验图线，试根据实验结果计算B1和B2的比值（3）若M从静止到匀速的过程中一目下降的高度为h，求这一过程中R上产生的
38、焦耳热【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；共点力平衡的条件及其应用；安培力；电磁感应中的能量转化【专题】电磁感应功能问题【分析】（1）重物匀速下降时，金属杆匀速上升，合力为零分析金属杆的受力情况，由F=BIL、I=、E=BLv结合推导出安培力的表达式，即可由平衡条件求出重物匀速下降的速度v；（2）根据第1题v的表达式，分析vM图象的斜率，结合图象求出斜率，即可得到B1和B2的比值（2）若M从静止到匀速的过程中下降高度h的过程中，M的重力势能减小转化为m的重力势能、系统的动能和内能，根据能量守恒定律求解R上产生的焦耳热【解答】解：（1）金属杆达到匀速运动时，受绳子拉力F、金属杆的重力mg、向下的安培力FA则：F=FA+mg 其中 F=Mg 又对金属杆有：安培力FA=BIL，感应电流I=，感应电动势E=BLv则得 FA=所以由得 v=（2）由式可得vM的函数关系式为 v=结合图线可知，斜率 k=所以k1=s1/kg=1.6ms1/kg k2=ms1/kg=0.9ms1/kg 故： =（3）由能量关系，可得R上产生的焦耳热为 Q=（Mm）gh（M+m）v2将v代入可得： Q=（Mm）gh答：（1）重物匀速下降的速度v的大小是 （2）B1和B2的比值为3：4（3）这一过程中R上产生的焦耳热为（Mm）gh2017年2月8日高考资源网版权所有，侵权必究！