1、1.其他条件不变,升高温度,下列数据不一定增大的是()A.可逆反应的化学平衡常数KB.0.1 molL-1 CH3COONa溶液的pHC.水的离子积常数KWD.弱电解质的电离度2.下列说法正确的是()A.CH3Cl(g)+Cl2(g) CH2Cl2(l)+HCl(g)能自发进行,则该反应的H0B.向氨水中不断通入CO2,随着CO2的增加,不断减小C.常温下,pH为5的氯化铵溶液和pH为5的醋酸溶液中水的电离程度相同D.探究温度对硫代硫酸钠与硫酸反应速率的影响时,若先将两种溶液混合并计时,再用水浴加热至设定温度,则测得的反应速率偏高3.常温下,用0.1 molL-1NaOH溶液滴定10 mL 0
2、.1 molL-1 H2A溶液,溶液的pH与NaOH溶液的体积关系如图Z9-1所示。下列说法不正确的是()图Z9-1A.A点溶液中加入少量水:增大B.B点:c( HA-)c(H+)c(A2-)c(H2A)C.水电离出来的c(OH-):B点D点D.C点:c(Na+)=c(HA-)+2c(A2-)图Z9-24.25 时,将浓度均为0.1 molL-1,体积分别为Va和Vb的HA溶液与BOH溶液按不同体积比混合,保持Va+Vb=100 mL,Va、Vb与混合液pH的关系如图Z9-2所示,下列说法正确的是 ()A.Ka(HA)=110-6B.b点:c(B+)=c(A-)=c(OH-)=c(H+)C.a
3、c过程中水的电离程度始终增大D.c点时,随温度升高而减小5.工业上用过量烧碱溶液处理某矿物(含Al2O3、MgO),过滤后得到滤液用NaHCO3溶液处理,测得溶液pH和Al(OH)3 生成的量随加入NaHCO3溶液体积变化的曲线如图Z9-3所示。下列有关说法不正确的是()A.原NaHCO3溶液中,c(H2CO3)+c(HC)+c(C)=0.8 molL-1B.a点水的电离程度小于c点水的电离程度C.a点溶液中存在:c(Na+)+c(H+)=c(Al)+c(OH-)D.生成沉淀的离子方程式为HC+Al+H2OAl(OH)3+C图Z9-36.20 时,在H2C2O4、NaOH混合溶液中,c(H2C
4、2O4)+c(HC2) +c(C2)=0.100 molL-1。含碳元素微粒的分布分数随溶液pH变化的关系如图Z9-4所示。下列说法正确的是()图Z9-4A.表示H2C2O4的分布曲线,表示C2的分布曲线B.Q点对应的溶液中:lg c(H+)lg c(OH-)C.20 时,H2C2O4的一级电离平衡常数Ka1=110-4.2D.0.100 molL-1的NaHC2O4溶液中:c(OH-)=c(H+)-c(C2)+c(H2C2O4)7.室温下,用0.10 molL-1盐酸分别滴定20.00 mL 0.10 molL-1氢氧化钾溶液和氨水,滴定过程中溶液pH随加入盐酸体积V(HCl)的变化关系如图
5、Z9-5所示。下列说法正确的是()图Z9-5A.表示的是滴定氨水的曲线B.当pH=7时,滴定氨水消耗的V(HCl)20 mL,则一定有:c(Cl-)c(H+)c(K+)c(OH-)D.当滴定氨水消耗V(HCl)=10 mL时,c(NH3H2O)c(N)c(Cl-)c(OH-)c(H+)图Z9-68.某温度时,向10 mL 0.1 molL-1 CaCl2溶液中滴加0.1 molL-1的Na2CO3溶液。滴加过程中溶液中-lg c(Ca2+)与Na2CO3溶液体积(V)的关系如图Z9-6所示,下列有关说法正确的是(已知lg 5=0.7)()A.x、y两点c(Ca2+)之比为20003 B.Ksp
6、(CaCO3)=510-9C.w点对应的分散系很稳定 D.x、y、z三点中,水的电离程度最大的为x点9.已知298 K时,Ksp(NiS)=1.010-21,Ksp(FeS)=6.010-18,其沉淀溶解平衡曲线如图Z9-7所示(图中R表示Ni或Fe),下列说法正确的是(已知:2.4, 3.2)()图Z9-7A.M点对应的溶液中,c(S2-)3.210-11 molL-1B.与P点相对应的NiS的分散系是均一稳定的C.向Q点对应的溶液中加水,可转化成N点对应的溶液D.FeS+Ni2+NiS+Fe2+的平衡常数K=600010.已知:pKa=-lg Ka,25 时H2A的pKa1=1.85;pK
7、a2=7.19。常温下,用0.1 molL-1 NaOH溶液滴定20 mL 0.1 molL-1 H2A溶液的滴定曲线如图Z9-8所示。下列说法正确的是()图Z9-8A.a点所得溶液中:c(H2A)+c(A2-)+c(HA-)=0.1 molL-1B.b点所得溶液中:c(H2A)+2c(H+)=c(A2-)+2c(OH-)C.对应溶液中水的电离程度:abcdD.c点所得溶液中:c(Na+)3c(HA-)11.已知: 亚硝酸钠(NaNO2)是一种食品添加剂,为无色、无气味的固体,具有防腐和抗氧化作用。AgNO2 是一种微溶于水、易溶于酸的浅黄色固体。.问题探究(1)人体正常的血红蛋白中应含Fe2
8、+,误食亚硝酸盐(如NaNO2)会致使机体组织缺氧,出现青紫而中毒,原因是。若发生中毒时,你认为下列物质有助于解毒的是(填字母)。A.牛奶 B.Mg(OH)2 C.维生素C D.小苏打(2)由于亚硝酸钠和食盐性状相似,曾多次发生过将NaNO2误当食盐食用的事件。要区别NaNO2和NaCl 两种固体,你需用的试剂是。.实验测定为了测定某样品中NaNO2的含量,某同学进行如下实验:称取样品a g,加水溶解,配制成100 mL溶液。取25.00 mL溶液于锥形瓶中,用0.020 0 molL-1 KMnO4标准溶液(酸性)进行滴定,滴定结束后消耗KMnO4溶液V mL。(1)上述实验所需玻璃仪器除玻
9、璃棒、胶头滴管之外还有。(2)在进行滴定操作时,KMnO4溶液盛装在(填“酸式”或“碱式”)滴定管中。当滴入最后一滴溶液,时达到滴定终点。(3)滴定过程中发生反应的离子方程式是;测得该样品中NaNO2的质量分数为。(4)若滴定管未用KMnO4标准溶液润洗就直接注入,则测定结果(填“偏大”“偏小”或“无影响”,下同);若滴定过程中刚出现颜色变化就停止滴定,则测定结果。12.一种由富锰渣(含2MnOSiO2、3MnOAl2O33SiO2、FeO及重金属盐等)制备高纯MnCl2的工艺流程如下:图Z9-9回答下列问题: 图Z9-10(1)“浸出”时的温度与四种元素的浸出率如图Z9-10 所示。工艺上“
10、浸出”控制75 的主要原因是。铁和铝的浸出率从72 明显下降的可能原因是。(2)“氧化”时发生反应的离子方程式为。(3)通过调整pH可以“除铁和铝”。常温下,三种氢氧化物开始沉淀和沉淀完全(使其浓度小于110-6 molL-1)的部分数据如下表:Mn(OH)2Fe(OH)3Al(OH)3开始沉淀pH7.12.24.1沉淀完全pH10.83.5?Al(OH)3沉淀完全的pH 为已知KspAl(OH)3=110-33;调pH时,应将溶液pH 调整的范围是。(4)“除重金属”时,发生反应Hg2+MnSHgS+Mn2+,其平衡常数K=已知溶度积常数Ksp(HgS)=1.610-52,Ksp(MnS)=
11、2.510-10,答案保留三位有效数字。(5)“步骤X”包含的操作有蒸发浓缩、洗涤、干燥等。专题限时集训(九)1.A解析 若正反应为放热反应,升高温度平衡向逆反应方向移动,化学平衡常数减小;若正反应为吸热反应,升高温度平衡向正反应方向移动,化学平衡常数增大,所以,其他条件不变,升高温度,可逆反应的化学平衡常数K不一定增大,A正确。醋酸钠水解吸热,升温能够促进其水解,碱性增强,pH增大,B错误;水的电离过程是吸热的,升高温度促进水的电离,水的离子积常数一定增大,C错误;电离是吸热过程,升温促进弱电解质的电离,电离度增大,D错误。2.B解析 反应CH3Cl(g)+Cl2(g)CH2Cl2(l)+H
12、Cl(g)是熵减的反应,该反应能自发进行,根据反应能否自发进行的判据可知H-TS0,所以该反应的Hc(H2A),由于氢离子来自HA-和水的电离,则c(H+)c(A2-),溶液中离子浓度大小顺序为c(HA-)c(H+)c(A2-)c(H2A),B正确。B点反应后溶质为NaHA,HA-的电离程度大于其水解程度,溶液呈酸性,氢离子抑制了水的电离,而D点加入20 mL氢氧化钠溶液,二者恰好反应生成Na2A,A2-水解促进了水的电离,所以水电离的c(OH-):B点c(H+)=c(OH-),B错误;ab是酸过量,bc 是碱过量,两过程中水的电离程度均受抑制,b点是弱酸弱碱盐水解,对水的电离起促进作用,所以
13、ac过程中水的电离程度先增大后减小,C错误;c点是BA与BOH的混合溶液,A-的水解平衡常数为Kh,则=,随温度升高,Kh增大,则随温度升高而减小,D正确。5.A解析 据图可知,加入40 mL NaHCO3溶液时生成沉淀最多,沉淀为0.032 mol,因NaOH过量,则滤液中含有NaOH,由反应顺序OH-+HCC+H2O、HC+Al+H2OAl(OH)3+ C,并结合图像可知,加入前8 mL NaHCO3溶液时不生成沉淀,则原NaHCO3溶液中c(NaHCO3)=1.0 molL-1,所以c(H2CO3)+c(HC)+c(C)=1.0 molL-1,A错误; a点时尚未加入NaHCO3溶液,滤
14、液中NaOH过量,水的电离受到抑制,随NaHCO3溶液的加入,溶液中NaOH逐渐减少,水的电离程度逐渐增大,所以a点水的电离程度小于c点水的电离程度,B正确; a点对应的溶液为加入过量烧碱溶液后所得的滤液,因氧化镁与NaOH溶液不反应,则加入过量烧碱溶液所得的滤液中含有NaOH和NaAlO2,由电荷守恒可知c(Na+)+c(H+)=c(Al)+(OH-),C正确; 由上述分析可知,加入NaHCO3溶液生成沉淀的离子方程式为HC+Al+H2OAl(OH)3+C,D正确。6.D解析 随着溶液pH增大,溶液中H2C2O4、HC2先后被反应,越来越少,而C2则越来越多,因此曲线代表的是HC2的分布曲线
15、,代表的是H2C2O4的分布曲线,代表的是C2的分布曲线,A错误;Q点时溶液显酸性,因此c(H+)c(OH-),即lg c(H+)lg c(OH-),B错误;电离平衡常数只受温度的影响,根据P点c(HC2)=c(C2),Ka2=10-4.2,此平衡常数是草酸的二级电离常数,C错误;根据质子守恒,因此NaHC2O4溶液中有c(OH-)=c(H+)-c(C2)+c(H2C2O4),故D正确。7.B解析 KOH为强碱,NH3H2O是弱碱,相同浓度时,NH3H2O的pH小于KOH,因此表示的是滴定氨水的曲线,A错误;盐酸与氨水恰好完全反应时,溶质为NH4Cl,溶液显酸性,因此pH=7时,溶质为NH4C
16、l和NH3H2O,消耗的V(HCl)20 mL,溶质为KCl和HCl,离子浓度大小顺序可能是c(Cl-)c(K+)c(H+)c(OH-),也可能是c(Cl-)c(H+)c(K+)c(OH-),C错误;当滴定氨水消耗V(HCl)=10 mL时,溶质为NH3H2O和NH4Cl,且二者物质的量浓度相等,根据图像,V(HCl)=10 mL时,溶液显碱性,即NH3H2O的电离程度大于N水解程度,因此离子浓度大小顺序是c(N)c(Cl-)c(NH3H2O)c(OH-)c(H+),D错误。8.A解析 x点时Ca2+与C恰好反应,此时由-lg c(Ca2+)=4.3计算得c(Ca2+)=c(C)=510-5
17、molL-1,Ksp(CaCO3)=c(Ca2+)c(C)=2.510-9,y点溶液中c(C)= molL-1,则c(Ca2+)=7.510-8 molL-1,x、y两点c(Ca2+)之比为(510-5 molL-1)(7.510-8 molL-1)=2 0003,A正确;由A中分析可知,Ksp(CaCO3)=2.510-9,B错误;w点时Qc(CaCO3)Ksp(CaCO3),分散系处于过饱和状态,不稳定,C错误;y点碳酸钠过量最多,碳酸根离子水解促进水的电离,因此水的电离程度最大的为y点,D错误。9.D解析 饱和的NiS溶液中c(Ni2+)=c(S2-)=3.210-11 molL-1,同
18、理饱和FeS溶液中c(Fe2+)=c(S2-)=2.410-9 molL-1,因此曲线代表的是FeS的溶解平衡曲线,曲线代表的是NiS的溶解平衡曲线,M点c(S2-)=2.410-9 molL-1,A错误;此时P点对应的NiS的分散系为过饱和溶液,不是稳定分散系,应有沉淀产生,B错误;向Q点对应的溶液中加水,溶液中c(Ni2+)、c(S2-)减小,Q不能转化到N点,C错误;平衡常数K=6000,D正确。10.D解析 由物料守恒可知,a点所得溶液中,c(H2A)+c(A2-)+c(HA-)=0.1 molL-1,A错误;b点所得溶液中溶质为NaHA,由电荷守恒得c(Na+)+c(H+)=2c(A
19、2-)+c(HA-)+c(OH-),由物料守恒得c(Na+)=c(H2A)+c(A2-)+c(HA-),所以c(H2A)+c(H+)=c(A2-)+c(OH-),c(H+)c(OH-),故B错误;a中溶质为H2A和NaHA, b中溶质为NaHA,c中溶质为NaHA和Na2A,d中溶质为Na2A,H2A抑制水的电离,A2-因发生水解促进水的电离,HA-既能电离,又能水解,在相同条件下,HA-的电离程度小于H2A,A2-的水解程度大于HA-,故对应溶液中水的电离程度为abcc(H+),溶液中的溶质为NaHA和Na2A,Ka2=10-7.19,c点溶液的pH为7.19,即c(H+)=10-7.19,
20、可得c(A2-)=c(HA-),由电荷守恒可知,此时c(Na+)+c(H+)=2c(A2-)+c(HA-)+c(OH-),由c(A2-)=c(HA-)可知,c(Na+)+c(H+)=3c(HA-)+c(OH-),由于c(OH-)c(H+),可得c(Na+)3c(HA-),D正确。11.(1)血红蛋白中Fe2+被N氧化为Fe3+,导致血红蛋白失去运氧功能C(2)AgNO3溶液(或其他合理答案).(1)烧杯、100 mL容量瓶(2)酸式锥形瓶中无色溶液变成粉红色,且30 s内不褪色(3)5N+2Mn+6H+5N+2Mn2+3H2O%(4)偏大偏小解析 .(1)发生中毒时,血红蛋白中Fe2+被N氧化
21、为Fe3+,导致血红蛋白失去载氧功能,致使机体组织缺氧;题给的牛奶、Mg(OH)2、小苏打都不具有还原性,无法解毒,维生素C具有还原性,可将Fe3+还原为Fe2+,可以起到解毒的作用,C正确。 (2)向由NaCl固体配制的溶液中加入AgNO3溶液,生成AgCl白色沉淀,向 NaNO2固体配制的溶液中加入AgNO3溶液,生成不溶于水的AgNO2浅黄色固体,可以区分两种固体。.(1)根据题给仪器,配制100 mL一定物质的量浓度的溶液还需要的玻璃仪器有烧杯、100 mL容量瓶。(2)酸性 KMnO4溶液具有强氧化性,能腐蚀橡皮管,因此应该盛装在酸式滴定管中;KMnO4与NaNO2溶液反应,KMnO
22、4被还原为无色的锰离子,当锥形瓶中无色溶液变成粉红色,且30 s内不褪色时,说明滴定达到终点。 (3)KMnO4与NaNO2溶液反应,KMnO4被还原为无色的锰离子,亚硝酸根离子被氧化为硝酸根离子,反应的离子方程式是5N+2Mn+6H+5N+2Mn2+3H2O;根据反应关系5N2Mn可知,25.00 mL溶液中n(NaNO2)=n(N)=0.020 0 molL-1V10-3 L;100 mL溶液中含有n(NaNO2)=0.020 0 molL-1V10-3 L, NaNO2的质量为0.020 0 molL-1V10-3 L69 gmol-1=1.38V10-2 g,该样品中NaNO2的质量分
23、数为100%=%。 (4)若滴定管未用KMnO4标准溶液润洗就直接注入,将导致KMnO4的浓度偏小,使消耗的KMnO4标准溶液体积V偏大,根据质量分数公式w(NaNO2)=%可知,测定结果偏大;若滴定过程中刚出现颜色变化就停止滴定,NaNO2还未反应完全,使得V偏小,根据质量分数公式w(NaNO2)=%可知,测定结果偏小。12.(1)使滤液中几乎不含硅的化合物部分Fe2+及Al3+水解形成沉淀(2)MnO2+2Fe2+4H+Mn2+2Fe3+2H2O(3)5.05.0pH7.1(4)1.561042(5)冷却结晶过滤解析 (1)75 时Si的浸出率接近于零,而其他元素的浸出率很高,可以使滤液中
24、几乎不含硅的化合物。Fe2+ 和Al3+都能水解,且水解是吸热的,温度高于72 时有利于Fe2+ 和Al3+水解生成沉淀,导致铁和铝的浸出率明显下降。(2)加MnO2的目的是将Fe2+氧化成Fe3+便于除去,发生反应的离子方程式为MnO2+2Fe2+4H+Mn2+2Fe3+2H2O。(3)KspAl(OH)3=c(Al3+)c3(OH-)=110-33,c(Al3+)=110-6 molL-1,则c(OH-)=110-9,所以c(H+)=110-5 ,pH=5;调pH时,应保证Fe3+ 和Al3+沉淀完全,而Mn2+不产生沉淀,根据表中数据可知应调节pH的范围为5.0pH7.1。(4)根据反应Hg2+MnSHgS+Mn2+,可得K=1.561042。(5)“步骤X”包含的操作有蒸发浓缩、冷却结晶、过滤 、洗涤、干燥等。