1、2015年厦门市高中毕业班适应性考试理科综合能力测试物理试题本卷分第1卷(选择题)和第卷。第1卷均为必考题，第卷包括必考和选考两部分。第1卷1一4页，第卷51 2页，共12页。满分300分，考试时间1 50分钟。注意事项：1答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上指定位置o2答题要求，见答题卡上的“填涂举例和“注意事项。相对原子品质(原子量)：H一1N一1 4O1 6S一32第卷(必考)本卷共18题，每小题6分，共108分。在下列各题的四个选项中，只有一个选项是正确的。13、在学习光的色散的时候老师课堂上做了一个演示实验，让某特制的一束复色光由空
2、气射赂一块平行平面玻璃砖（玻璃较厚），经折射分成两束单色光a、b，已知a光是红光，而b光是蓝光，下列光路图正确的是（ ）【答案】B【考查目的】本题旨在考查光的折射定律。【解析】玻璃对蓝光的折射率大于红光的折射率，光线得到玻璃砖上表面时，两束光的入射角相等，根据折射定律，得到红光的折射角大于蓝光的折射角，则a光在b光的右侧光线经过玻璃砖上下两个表面两次折射后，出射光线与入射光线平行。故选：B14、图甲为远距离输电示意图，升压变压器原副线圈匝数比1：100，降压变压器原副线圈匝数比为100：1，远距离输电线的总电阻为100。若升压变压器的输入电压如图乙所示，输入功率为750kw。下列说法中正确的有
3、（ ）A 客户端交流电的频率为100HzB 客户端电压为250VC 输电线中的电流为30AD 输电线路损耗功率为180Kw【答案】C【考查目的】本题旨在考查变压器的构造和原理。【解析】A、由图乙知交流电的周期，所以频率为，故A错误；B、由图乙知升压变压器输入端电压有效值为，根据电压与匝数成正比知副线圈电压为，所以输电线中的电流为：，输电线损失的电压为：，降压变压器输入端电压为，所以用户端电压为，B错误，C正确；D、输电线路损耗功率为：，D错误。故选：C【易错警示】解决本题的关键知道：1、输送功率与输送电压、电流的关系；2、变压器原副线圈的电压比与匝数比的关系；3、升压变压器输出电压、降压变压器
4、输入电压、电压损失的关系；4、升压变压器的输出功率、功率损失、降压变压器的输入功率关系。15如图所示，a为放在赤道上随地球一起自转的物体，b为同步卫星，c为一般卫星，d为极地卫星。设b、c、d三卫星距地心的距离均为r，做匀速圆周运动。则下列说法正确的是（ ）Aa、b、c、d线速度大小相等Ba、b、c、d角速度大小相等Ca、b、c、d向心加速度大小相等D若b卫星升到更高圆轨道上运动，则b仍可能与a物体相对静止【答案】B【考查目的】本题旨在考查人造卫星的加速度、周期和轨道的关系。【解析】A、a、b比较，角速度相等，由，可知，根据线速度公式，b、c、d为卫星，轨道半径相同，线速度大小相等，故A错误；
5、B、根据，b、c、d为卫星，轨道半径相同，角速度大小相等，a、b比较，角速度相等，所以a、bcd角速度大小相等，故B正确；C、a、b比较，角速度相等，由，根据向心加速度大小公式，b、c、d为卫星，轨道半径相同，向心加速度大小相等，故C错误；D、b为同步卫星，若b卫星升到更高圆轨道上运动，周期发生变化，b不可能与a物体相对静止，故D错误。故选：B16如图所示，在一场强大小为E、方向竖直向下的匀强电场中，有一质量为m、带电量为+q小球，以速率钞水平抛出。则小球下落高度h的过程中（ ）A电势能减少了mghB电势能减少了mgh+qEhC小球的水平位移为D小球的水平位移为【答案】C【考查目的】本题旨在考
6、查带电粒子在匀强电场中的运动。【解析】AB、由题意，电场力为，方向竖直向下，则电场力做功为，则电势能减少了，则AB错误；CD、根据牛顿第二定律知，小球所受的合力为，得：，粒子在电场中做类平抛运动，则竖直方向：，得：，水平方向：，得：，故C正确，D错误。故选：C17如图，沿同一弹性绳相向传播甲、乙的两列简谐横波，波长相等，振幅分别为10cm20cm，在某时刻恰好传到坐标原点。则两列波相遇迭加后（ ）A不可能产生稳定的干涉图像B在x=2 m的质点振动始终减弱C在x=0.5 m的质点振幅为零D坐标原点的振幅为30 on【答案】D【考查目的】本题旨在考查波的叠加、简谐运动的振幅、周期和频率；波长、频率
7、和波速的关系。【解析】A、由图可知，两波的波长相等，又波速相等，则频率相等，能发生干涉，故A错误；B、两列波相遇后，在叠加区域质点，振动方向相同，则振动始终加强，故B错误；C、两列波在的质点振动方向相反，则振幅为两列波的振幅之差，即为，故C错误；D、根据矢量叠加原则，两列波在原点振动方向相同，则原点的振幅为两列波的振幅之和，即为，故D正确。故选：D18一物体静止在粗糙斜面上，现用一大小为F1的水平拉力拉动物体，经过时间t后其速度变为，若将水平拉力的大小改为F2，物体从静止开始经过时间t后速度变为对于上述两过程，用、分别表示前后两次物体增加的机械能，、分别表示前后两次物体增加的重力势能，则（ ）
8、【答案】D【考查目的】本题旨在考查功能关系、动能和势能的相互转化。【解析】由题意可知，两次物体均做匀加速运动，则在同样的时间内，它们的位移之比为：，两次上升的高度之比：故重力势能的变化量之比：，根据动能表达式：，得：，而机械能，故：，故ABC错误，D正确。故选：D【举一反三】由物体的运动特征判断出物体重力势能和动能的增量关系，求解机械能变化量时用除重力以外的合力对物体做功等于机械能的增量，这一方法在这里不好用，要利用动能与势能和等于机械能这一知识点。第卷必考部分第卷必考部分共9题，157分。19(18分)(I)(6分)在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用电火花打点计时器打下的纸
9、带如图所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G等7个计时点，相邻两个计时点的时间间隔为丁=0.02 s。经过测量得：d1=0.72em，d2=1.60cm，d3=2.64cm，d4=3.84em，d5=5.20em，d6=6.72cm。(1)本实验电火花打点计时器使用的电源应该是 _(填选项前的字母)；A直流6V B交流6V C交流220V D直流220V(2)通过测量的数据计算F点对应的速度大小为VF：_ ms(计算结果保留两位有效数字)；(3)计算加速度a的表达式为_。(用题中所给的实验数据的字母表示)【答案】（1）C；（2）；（3）【考查目的】本题旨在考查探究小车速度随时间变化的规律
10、。【解析】：（1）本实验选用电火花打点计时器，而电火花计时器应用电压为的交流电源，所以选C；（2）根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，电火花计时器的周期为，所以从E点到G点时间为，有：；（3）由，根据逐差法，得：。故答案为：（1）C；（2）；（3）。()(12分)(1)为了测量电阻，现取一只已经完成机械调零的多用电表，如图甲所示，请根据下列步骤完成电阻测量：将K旋转到电阻挡“X100”位置。将插入“+”、“-”插孔的表笔短接，旋动部件_(选填“C”或“D)，使指针对准电阻的“0”刻度线。将调好零的多用电表按正确步骤测量一电学元件P的电阻，P的两端分别为a、b，指针指示
11、位置如图甲所示。为使测量比较精确，应将选择开关旋到_(选填：“1、“10”、“1k”)的倍率挡位上，并重新调零，再进行测量。 (2)多用电表电阻档的内部电路如图乙虚线框中所示，电源电动势为E、内阻为r，R0为调零电阻，Rg为表头内阻，电路中电流I与待测电阻的阻值Rx关系式为_； (3)某同学想通过多用电表中的欧姆档去测量一量程为3V的电压表内阻。该同学将欧姆档的选择开关拨至“1k的倍率挡，并将红、黑表笔短接调零后，应选用图丙中_(选填“A”或“B”)方式连接。在进行了正确的连接、测量后，欧姆表的读数如图丁所示，读数为_，这时电压表的读数为如图戊所示。若该欧姆档内阻为24k，则可算出欧姆档内部所
12、用电池的电动势为_V(计算结果保留两位有效数字)。【答案】（1）D、“10”；（2）；（3）A、【考查目的】本题旨在考查用多用电表测电阻。【解析】（1）将K旋转到电阻挡“l00“的位置；将插入“十“、“-“插孔的表笔短接，旋动部件D，使指针对准电阻的“0”刻度线；将两表笔分别与侍测电阻相接，发现指针偏转角度过小，说明所选挡位太小，应换“10”；（2）根据图乙，多用电表测电阻的原理是闭合电路欧姆定律，则有：；（3）欧姆表的正极插孔与内部电源的负极相连，与电压表构成一闭合回路，电流从负极流出，进入电压表的正极，所以选择图A正确；欧姆表的读数为：，电压表的读数为：由题意知欧姆表的内阻为，与电压表的内
13、阻串联，由欧姆定律可知：。故答案为：（1）D、“10”；（2）；（3）A、。20(15分)质谱仪又称质谱计，是分离和检测不同同位素的仪器。如图所示为质谱仪的工作原理简化示意图。现利用这种质谱仪对某 元素进行测量，已知该元素的两种同位素(电量相同，质量不同)的质量之比为1：2，不计重力，它们从容器A右方的小孔S无初速飘入 电势差为U的加速电场，加速后由O点垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，最后打在照相底片D上，形成a、b两条“质谱线”。求： (1)两种同位素进入磁场时的速度大小之比； (2)从进入磁场到打在照相底片D上运动时间之比。【答案】(1) ； (2) 【考查目的】本题旨在考查质谱仪和回
14、旋加速器的工作原理。【解析】（1）设同位素质量为，电量为，进去磁场时速度为，则对在电场中的加速过程中有：解得：又因：故：（2）同位素进入磁场后在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，有：又因：而运动时间：联立解得：所以运动时间之比：答：(1)两种同位素进入磁场时的速度大小之比为； (2)从进入磁场到打在照相底片D上运动时间之比。21(19分)如图甲所示，两根足够长、电阻不计的光滑平行金属导轨相距为L=2m，导轨平面与水平面成=30o角，下端连接阻值R=1.5 的电阻；质量为m=1.4kg、阻值r=0.5的匀质金属棒ab放在两导轨上，距离导轨最下端为L1=l m，棒与导轨垂直并保持良好接触，动摩擦因数。
15、整个装置处于一匀强磁场中，该匀强磁场方向与导轨平面垂直(向上为正)，磁感应强度大小随时间变化的情况如图乙所示。(g=10ms2) (1)在01.Os内，金属棒ab保持静止，求通过的电流大小和方向；(2)求t=1.1s寸刻，ab棒受到的摩擦力的大小和方向；(3)1.2s后对ab棒施加一沿斜面向上的拉力F，使ab棒沿斜面向上做匀加速运动，加速度大小为5 ms2 ，请写出拉力F随时间t（加F时开始计时）的变化关系式。【答案】(1) ，方向为；(2) ，方向沿斜面向上；(3) 【考查目的】本题旨在考查法拉第电磁感应定律、闭合电路的欧姆定律、安培力。【解析】（1）由法拉第电磁感应定律，得：由闭合电路欧姆
16、定律，得：又有楞次定律和右手定则得：电流方向：（2）时，电流大小和方向都不变，则安培力：，方向沿斜面向下又：，仍保持静止所以，方向沿斜面向上（3）后，对棒由法拉第电磁感应定律，得：由牛顿第二定律，得：解得：答：(1)通过的电流大小为，方向为；(2) 棒受到的摩擦力大小为，方向沿斜面向上；(3)拉力随时间的变化关系式为。22(20分)一平台的局部如图甲所示，水平面为光滑，竖直面为粗糙，右角上固定一定滑轮，在水平面上放着一质量mA =2.0kg，厚度可忽略不计的薄板A，薄板A长度L=1.5 m，在板A上叠放着质量mB=1.0kg，大小可忽略的物块B，物块B与板A之间的动摩擦因数为=O.6，一轻绳绕
17、过定滑轮，轻绳左端系在物块B上，右端系住物块C，物块C刚好可与竖直面接触。起始时令各物体都处于静止状态，绳被拉直，物块B位于板A的左端点，然后放手，设板A的右端距滑轮足够远，台面足够高，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，忽略滑轮质量及其与轴之间的摩擦，g取10ms2，求 (1)若物块C质量mc=1.0kg，推理判断板A和物块B在放手后是否保持相对静止； (2)若物块C质量mc=3.0kg，从放手开始计时，经过去t=2.Os，物块C下降的高度； (3)若物块C质量mc=1.0kg，固定住物块B，物块C静止，现剪断轻绳，同时也对物块C施加力F，方向水平向左，大小随时间变化如图乙所示，断绳时刻开始计时，经
18、过t=2.Os，物块C恰好停止运动，求物块C与竖直面之间的动摩擦因数和此过程中的最大速度。【答案】(1)保持相对静止； (2) ； (3)、【考查目的】本题旨在考查牛顿第二定律、匀变速直线运动规律。【解析】（1）设ABC一起运动，A与B保持相对静止，以ABC为系统，根据牛顿第二定律：解得：对A，根据牛顿第二定律：AB间最大静摩擦力为：由于，假设成立，A与B相对静止（2）设ABC一起运动，以ABC为系统，根据牛顿第二定律：解得：对A，根据牛顿第二定律：由于，假设不成立，A与B相对滑动对A，根据牛顿第二定律：，解得：对BC系统，根据牛顿第二定律：解得：设经时间B运动到A的右端，则有：解得：B第一段
19、的位移：经时间B运动的速度：B在光滑平面上滑动，对BC系统，根据牛顿第二定律：解得：B第二段的位移：物块C下降的高度：（3）设C与竖直面的动摩擦因数为令根据图乙可得：对C水平方向：C受摩擦力：以C为研究对象：联立以上各式，解得：可知物体先做初速度为0，加速度随时间均匀减少的加速运动，时，速度最大，接着做加速度随时间均匀增加的减速运动，根据对称性，当时，速度恰为0，加速时间与减速时间相等，则加速时间为：代入上式，可得：由得如右图像，由图可知时速度最大，最大速度时图线与二坐标轴包围的面积即：答：(1)板A和物块B在放手后保持相对静止； (2)若物块C下降的高度为； (3)物块C与竖直面之间的动摩擦
20、因数为，此过程中的最大速度为。选考部分第卷选考部分共5题，共35分。其中，第29、30题为物理题，第3 1、32为化学题，考生从两道物理题、两道化学题中各任选一题作答，若第29、30题都作答，则按第29题计分，若第3 1、32题都作答，则按第3 1题计分；第33题为生物题，是必答题。请将答案都填写在答题卡选答区域的指定位置上.29.【物理选修3-3】(本题共有两小题，每小题6分，共1 2分。每小题只有一个选项符合题意。)(1)从下列哪一组物理量可以算出氧气的摩尔质量_(填选项前的字母)A氧气的密度和阿伏加德罗常数B氧气分子的体积和阿伏加德罗常数C氧气分子的质量和阿伏加德罗常数D氧气分子的体积和
21、氧气分子的质量【答案】C【考查目的】本题旨在考查阿伏加德罗常数。【解析】A、已知氧气的密度和阿伏伽德罗常数，可以求出单位体积氧气的质量，但求不出氧气的摩尔质量，故A错误；B、已知氧气分子体积和阿伏伽德罗常数无法求出氧气的摩尔质量，故B错误；C、一摩尔氧气分子的质量是摩尔质量，一摩尔氧气含有阿伏伽德罗常数个分子，已知氧气分子的质量和阿伏伽德罗常数，可以求出氧气的摩尔质量，故C正确；D、已知氧气分子的体积和氧气分子的质量，求不出氧气的摩尔质量，故D错误。故选：C(2)如图所示，两端开口的U型管中装有水银，在右管中用水银封闭着一段空气，要使两侧水银面高度差h 曾大，应_(填选项前的字母) A从左管滴
22、入水银 B从右管滴入水银C让气体升温 D增大大气压强【答案】B【考查目的】本题旨在考查封闭气体压强。【解析】以右侧管中封闭气体做为研究对象，封闭气体的压强，要使两侧水银面高度差增大，封闭气体的压强变大；A、从左侧管口滴入水银，不变，封闭气体压强不变，两侧水银面高度差不变，故A错误；B、从右侧管口滴入水银，变大，封闭气体压强变大，由可知，两侧水银高度差增大，故B正确；C、使气体升温，不变，封闭气体压强不变，两侧水银面高度差不变，故C错误；D、增大大气压强，不变，封闭气体压强不变，两侧水银面高度差不变，故D错误。故选：B30物理选修35(本题共有两小题，每小题6分，共12分。每小题只有一个选项符合
23、题意。)(1)目前，在居室装修中经常用到的花岗岩、大理石等装修材料，都不同程度地含有放射性元素，装修污染已经被列为“危害群众最大的五种环境污染”之一。有关放射性元素的下列说法正确的是_(填选项前的字母)A氡的半衰期为3.8天，若取4个氡核，经过7.6天就只剩下一个氡原子核了B发生衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了4个C衰变所释放的电子是原子核中的中子转化为质子所产生的D射线一般伴随着或射线产生，在这三种射线中，射线的穿透能力最强，电离能力也最强【答案】C【考查目的】本题旨在考查原子核衰变及半衰期、衰变速度。【解析】A、半衰期的对大量原子核的衰变的统计规律，对于单个是不成立的，故A错
24、误；B、根据质量数和电荷数守恒可知：发生衰变放出，导致质子数减小2个，质量数减小4，故中子数减小2，故B错误；C、发生衰变的过程是：一个中子变为质子同时放出一个电子，故C正确；D、C、根据、三种射线特点可知，射线穿透能力最强，电离能力最弱，射线电离能量最强，穿透能力最弱，故D错误。故选：C(2)如图所示，光滑的水平地面上有一辆平板车，车上有一个人。原来车和人都静止。当人从左向右行走的过程中_(填选项前的字母)A人和车组成的系统水平方向动量不守恒B人和车组成的系统机械能守恒C人和车的速度方向相同D人停止行走时，人和车的速度一定均为零【答案】D【考查目的】本题旨在考查机械能守恒定律、动量守恒定律。【解析】A、由题意，人和车组成的系统水平方向不受外力作用，所以人和车组成的系统水平方向动量守恒，故A错误；B、对于人来说，人在蹬地过程中，人受到的其实是静摩擦力，方向向右，人对车的摩擦力向左，人和车都运动起来，故摩擦力做功，所以人和车组成的系统机械能不守恒，故B错误；C、当人从左向右行走的过程中，人对车的摩擦力向左，车向后退，即车向左运动，速度方向向左，故C错误；D、由A选项可知，人和车组成的系统水平方向动量守恒，由题意系统出动量为零，所以人停止行走时，系统末动量为零，即人和车的速度一定均为零，故D正确。故选：D
