1、高考资源网（ ）与您相伴。欢迎广大教师踊跃来稿！。 天津市五区县2013-2014学年下学期期末考试高二物理试卷一、单项选择题：（每小题只有一个正确答案，每题4分，共32分）1（4分）下列说法正确的是（）A. 物体做简谐运动的回复力与位移大小成正比，方向相反B. 物体做简谐运动的回复力与位移大小成正比，方向相同C. 物体在做受近振动时，振动频率一定等于固有频率D. 物体做简谐运动的能量大小取决于振动频率考点：简谐运动的回复力和能量.专题：简谐运动专题分析：回复力与位移大小成正比、方向相反的机械振动是简谐运动；受迫振动的频率等于驱动力频率解答：解：A、B、物体做简谐运动时，回复力F=kx，即回复
2、力与位移大小成正比，方向相反，故A正确，B错误；C、物体在做受迫振动时，振动频率一定等于驱动力频率，与固有频率无关，故C错误；D、物体做简谐运动的能量大小取决于振动的幅度，振动频率表示振动的快慢，故D错误；故选：A点评：本题关键是明确简谐运动的定义，知道受迫振动的定义和特点，基础问题2（4分）如图所示，一个弹簧振子在A、B间做简谐运动，O为平衡位置，假设向右为正方向，当振子运动到B点时开始计时，则下列画出的振动图象正确的是（）ABCD考点：简谐运动的振动图象.分析：当振子运动到B点时开始计时，分析此时振子的位置和速度，即确定出t=0时刻质点的位置和速度方向，即可确定位移时间的图象解答：解：由题
3、意：设向右为正方向，振子运动到B点时，振子具有正方向最大位移，所以振子运动到B点时开始计时振动图象应是余弦曲线，故B正确故选：B点评：本题在选择图象时，关键研究t=0时刻质点的位移和位移如何变化3（4分）水波通过小孔发生了一定程度的衍射，为了使衍射现象明显，下列方法一定可行的是（）A缩小小孔的尺寸，同时减小水波的频率B缩小小孔的尺寸，同时增大水波的频率C增大小孔的尺寸，同时减小水波的频率D增大小孔的尺寸，同时增大水波的频率考点：波的干涉和衍射现象.分析：发生明显衍射的条件是障碍物或孔、缝的尺寸比波长小或相差不多解答：解：波在介质中传播时波速是由介质决定的，与波的频率无关，所以改变波的频率不会改
4、变波速，但由v=f可知，当波速一定时，减小频率则波长增大，而发生明显衍射的条件是障碍物或孔、缝的尺寸比波长小或相差不多，所以缩小障碍物的尺寸，同时减小波的频率会使衍射现象更明显，A选项正确，BCD错误故选：A点评：本题考查了发生明显衍射现象的条件，注意波长与频率的关系是解题的关键4（4分）一列简谐波t=0时刻的波形如图甲所示，已知波的传播方向向左，波的周期为T，则图乙中能够表示t=T时刻波形的图象是（）ABCD考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象.分析：波的传播方向向左，则0点此时向上振动，经过t=T到达波谷位置，从而判断图象即可解答：解：波的传播方向向左，根据上下坡法知，0点此刻向y轴正
5、方向运动，即向上振动，经过t=T到达波谷位置，故D正确故选：D点评：本题一要能够根据振动图象读出质点的位置和速度，二要把握振动图象与波动图象之间的内在联系5（4分）如图所示，甲、乙是两盏相同的灯泡，线圈的电阻不计，下列说法正确的是（）A闭合开关S瞬间，乙灯立即亮了B闭合开关S瞬间，甲灯立即亮了C断开开关S瞬间，乙灯立即熄灭D断开开关S瞬间，甲灯立即熄灭考点：自感现象和自感系数.分析：电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小解答：解：A、合上开关S接通电路，乙立即亮，线圈对电流的增大有阻碍作用，所以通过甲的电流慢慢变大，最后两灯泡的电压一样大，所以
6、一样亮故A正确，B错误；C、断开开关S切断电路时，通过乙的用来的电流立即消失，线圈对电流的减小有阻碍作用，所以通过甲的电流会慢慢变小，并且通过乙，所以两灯泡一起过一会儿熄灭，且通过乙的电流方向与原来相反，即为从右向左故CD错误故选：A点评：解决本题的关键知道电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小6（4分）如图所示，在蹄形磁铁两极之间放一个矩形线框abcd，磁铁和线框都可以绕竖直轴OO自由转动当磁铁以某角速度转动时，线框的情况是（）A保持静止状态B与磁铁同方向转动，角速度大于磁铁的角速度C与磁铁同方向转动，角速度小于磁铁的角速度D与磁铁反方向转动
7、，角速度小于磁铁的角速度考点：楞次定律.分析：转动磁铁时，导致线圈的磁通量发生变化，从而产生感应电流，出现安培力，导致线圈转动，由楞次定律可知，从而确定感应电流的方向，由于总是阻碍磁通量增加，故线圈与磁铁转动方向相同，但转动快慢不同解答：解：根据楞次定律可知，为阻碍磁通量变化，则导致线圈与磁铁转动方向相同，但快慢不一，线圈的转速一定比磁铁转速小，故ABD错误，C正确；故选：C点评：考查楞次定律、法拉第电磁感应定律，知道感应电流的磁通量总阻碍引起感应电流的磁场变化，同时掌握使用楞次定律判定感应电流方向的方法与技巧7（4分）远距离输送一定功率的交流电，若输送电压升高为原来的n倍，则输电线上的电功率
8、损失为（）A原来的B原来的C原来的n倍D原来的n2倍考点：远距离输电.专题：交流电专题分析：输送的功率等于输电电压乘以输电电流，即P=UI，根据可以求出输电线上损失的功率解答：解：根据P=UI得，输电电压升为原来电压的n倍时，输电电流变为原来的倍，根据知，输电线上的功率损失将变为原来功率损失的，故B正确故选：B点评：解决本题的关键掌握输送功率与输电电压与输电电流的关系以及掌握8（4分）匝数为N的矩形线框在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴转动产生正弦交变电波，最大感应电动势为Em，下列说法正确的是（）A线框的转动不一定是匀速转动B线框通过中性面位置时磁通量最小C线框通过中性面位置时磁通量变化最慢D
9、穿过线框的磁通量变化率最大值等于Em考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理；交流的峰值、有效值以及它们的关系.专题：交流电专题分析：电动势为零时，线圈处在中性面上，磁场与线圈平面垂直，所以通过线圈的磁通量最大，根据法拉第电磁感应定律，可知，磁通量的变化率与感应电动势的最大值的关系，从而即可求解解答：解：A、线框的转动为匀速转动时，才会产生正弦交变电波，故A错误；B、当线框通过中性面位置时，磁通量最大，感应电动势最小，故B错误；C、线框通过中性面位置时，感应电动势最小，则磁通量变化最慢，故C正确；D、穿过线框的磁通量变化率最大值等于，故D错误故选：C点评：本题就是考查学生对最大感应电动势为Em
10、和有效值的理解，应用公式可直接求出，同时注意磁通量的大小与感应电动的大小的关系二、不定项选择题（每小题都有多个选项正确，每题4分，共16分，选不全的得2分，选错或未答的不得分）9（4分）下列关于磁磁场理论和电磁波的理解正确的是（）A电磁波是横波B变化的电场产生磁场C无线电波、光波和X射线都是电磁波D麦克斯韦通过实验证实了电磁波的存在考点：电磁波的产生.分析：克斯韦的电磁场理论中变化的磁场一定产生电场，当中的变化有均匀变化与周期性变化之分，麦克斯韦预言电磁波的存在，而赫兹证明了电磁波的存在解答：解：A、变化的电场与变化的磁场相互垂直，电磁波是横波故A正确；B、非均匀变化的电场产生非均匀变化的磁场
11、，而均匀变化的电场产生稳定的磁场所以变化的电场周围一定产生磁场，变化的磁场周围一定产生电场，但不一定变化故B正确；C、无线电波、光波和X射线都是电磁波故C正确；D、麦克斯韦预言电磁波的存在，而赫兹电火花实验证明了电磁波的存在，故D错误；故选：ABC点评：考查麦克斯韦的电磁场理论中变化有均匀变化与周期性变化之分，注意电磁波预言与证实的区别10（4分）下列说法正确的是（）A激光是由普通光源发出的B激光是一种人工产生的相干光C激光刀利用了激光平行度好的特点D光纤通信就是激光和光导纤维相结合的产物考点：激光的特性和应用.分析：激光是一种人工产生的相干光，可以用在医疗、通信、军事等领域解答：解：A、B、
12、激光是一种人工产生的相干光，不是普通光源发出的，故A错误，B正确；C、激光刀利用了激光亮度高，能量大的特点，故C错误；D、光纤通信就是激光和光导纤维相结合的产物，是利用全反射传输光信号，故D正确；故选：BD点评：本题考查了激光的产生和特点，知道其其运用是关键11（4分）一列简谐横波沿x轴正向传播，t时刻波的图象如图所示，P是介质中的一个质点，已知P质点在1s时间内运动的路程为8cm，则下列说法正确的是（）A该波的波长为2mB该波的波速为1m/sCt时刻P质点的振动方向向右Dt时刻P质点的振动方向向上考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象.分析：根据波动图象得出波的波长和振幅的大小根据上下坡法
13、，结合波的传播方向得出质点的振动方向根据波长和波速求出周期的大小解答：解：A、由波动图象可知，波长的大小为2m，故A正确；B、质点的振幅为4cm，P质点在1s时间内运动的路程为8cm，所以1s=，解得：T=2s，则波速v=，故B正确；C、波向x正方向传播，根据上下坡法知，质点P此时刻向y轴正方向运动，即向上振动，故C错误，D正确故选：ABD点评：解决本题的关键能够从波动图象中获取信息，知道波动与振动的关系12（4分）如图所示，一理想变压器的原、副线圈匝数比为2：1，原线圈接入的交变电压为u=311sin100t（V），R=10，下列说法正确的是（）A电压表V2的示数为311VB电压表V2的示数
14、为110VC原线圈通过的电流为31.1AD变压器的输入功率为1210W考点：变压器的构造和原理.专题：交流电专题分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值，根据电压与匝数成正比即可求解副线圈电压，根据欧姆定律求出副线圈电流，再根据电流之比等于线圈匝数的倒数比求出原线圈电流，根据P=UI求解原线圈功率解答：解：A、由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为311V，所以原线圈的电压的有效值为，根据得：U2=110V，故A错误，B正确；C、根据欧姆定律得：，则原线圈电流，故C错误；D、变压器的输入功率P=U1I1=2205.5=1210W，故D正确故选：BD点评：掌握住理想变压器的电压、电流
15、之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题三、填空与实验题（共9个空，前7个空每空2分，最后2个空每空3分共20分）13（4分）如图所示，a、b为同心圆，虚线圆a为磁场边界，半径为r，在a内有磁感应强度大小为B、方向向里的匀强磁场实线圆b是电阻为R的单匝电阻丝，半径为2r，当磁感应强度均匀增大且磁感应强度变化率为k时，在电阻丝中产生的感应电流的大小为，方向为逆时针（填顺时针或逆时针）考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律.专题：电磁感应功能问题分析：根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势，再由欧姆定律求解感应电流的大小，结合楞次定律，即可求解感应电流的方向解答：解：根据法拉第电磁感应定律得：感
16、应电动势为：E=S=kS；再由欧姆定律得：感应电流的大小是：I=，当磁场增加时，根据楞次定律，产生感应电流逆时针故答案为：，逆时针点评：本题属于磁感应强度变化，而线圈面积不变化的情形，根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律结合求解感应电流是常用的方法，注意有效面积的含义14（8分）在“用单摆测重力加速度”实验中，某实验小组在铁架台上用轻质细线和金属小球组装的单摆如图所示，请你回答下列问题：（1）由图示信息可知，该单摆的摆长为（2）为使单摆做简谐运动，应使小球在同一竖直面内运动，并且摆线的最大偏角要很小（3）小球摆动稳定后，用秒表测量小球30次全振动的时间为t，为了减小误差，应在小球经过平衡或最低位置
17、时开始计时（4）重力加速度的表达式为（用前几问给出的相关条件表示）考点：用单摆测定重力加速度.专题：实验题；单摆问题分析：（1）摆长为悬点与球心的距离；（2）单摆小角度摆动是简谐运动；（3）经过最低点时速度最大，故误差最小；（4）根据单摆的周期公式求解重力加速度的表达式解答：解：（1）摆长为悬点与球心的距离，故摆长为：L=（2）单摆小角度摆动是简谐运动，故摆角要小；（3）小球摆动稳定后，用秒表测量小球30次全振动的时间为t，为了减小误差，应在小球最快的位置，即经过平衡或最低位置时开始计时；（4）小球摆动稳定后，用秒表测量小球30次全振动的时间为t，故周期为：T=根据单摆的周期公式，有：T=2
18、联立解得：g=故答案为：（1）；（2）很小；（3）平衡或最低；（4）点评：本题关键是明确单摆的小角度摆动是简谐运动，会根据周期公式列式求解重力加速度，基础问题15（8分）现有毛玻璃屏A、双缝B、白光光源C、单缝D和透红光的滤光片E等光学元件，要把它们放在图1所示的光具座上组装成双缝干涉装置，用以测量红光的波长（1）将白光光源C放在光具座最左端，依次放置其他光学元件，由左至右，表示各光学元件的字母排列顺序应为乙甲：C、B、D、E、A乙：C、E、D、B、A丙：C、D、E、B、A（2）将测量头的分划板中心刻线与某条亮纹中心对齐，将该亮纹定为第1条亮纹，此时手轮上的示数如图2所示然后同方向转动测量头，
19、使分划板中心刻线与第5条亮纹中心对齐，记下此时图3中手轮上的示数12.360mm，求得相邻亮纹的间距x为2.510mm考点：用双缝干涉测光的波长.专题：实验题；光的干涉专题分析：（1）为获取单色线光源，在光屏上产生干涉图样，白色光源后面要有滤光片、单缝、双缝、遮光筒和光屏（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；条纹间距处于条纹间隔数是相邻条纹间的距离解答：解：（1）为了获取单色的线光源，光源后面应放置滤光片、单缝，单缝形成的相干线性光源经过双缝产生干涉现象，在光屏上可以观察到干涉条纹，因此，由左至右，各光学元件排列顺序应为白光光源、透红光的滤光片、单缝、双缝、毛玻璃屏，故选
20、乙；（2）由图2所示螺旋测微器可知，示数：x1=2mm+32.00.01mm=2.320mm，由图3所示可知，x5=12mm+36.00.01mm=12.360mm，相邻亮条纹的间距：x=2.510mm故答案为：（1）乙；（2）12.360；2.510点评：本题考查了实验装置、螺旋测微器读数，知道道双缝干涉实验的原理、掌握螺旋测微器读数方法即可正确解题四、计算题（16、17题各10分，18题12分）16（10分）一个半圆柱形玻璃砖的横截面如图所示，AB为直径，O为圆心，G为AO的中点，一细光束从G点垂直AB方向射入玻璃砖，射出玻璃砖的方向与原方向的夹角为30若细光束从D点垂直AB方向射入玻璃砖
21、，则细光束射到圆柱面时将发生全反射现象已知玻璃砖横截面的半径为R求：（1）玻璃砖的折射率；（2）D、O间的距离应满足的条件考点：光的折射定律.专题：光的折射专题分析：（1）细光束从G点射入玻璃砖，根据已知条件和几何关系求出入射角和折射角，即可求得折射率（2）光束从D点垂直AB方向射入玻璃砖，细光束射到圆柱面时将发生全反射现象，光束在圆柱面上的入射角恰好等于临界角，由公式sinC=求出临界角C，由几何知识求解即可解答：解：（1）细光束从G点射入玻璃砖，射到圆柱面的入射角为1，折射角为2，则：sin1=2=60 则折射率为：n=（2）从D点射入玻璃砖，射到圆柱面的入射角为3，临界角为C，因为发生了
22、全反射，所以有：3C 因为sinC=，sin3=解得：ODR 答：（1）玻璃砖的折射率为；（2）D、O间的距离应满足的条件为ODR点评：此题主要考查光的折射定律和全反射条件，要灵活运用几何知识配合求解，要注意折射率公式n=适用条件是光从真空和，射入介质折射，本题中光线从玻璃射入空气，不能照搬原始公式，那样会得到折射率小于117（10分）一列简谐波的图象如图1所示，实线为t1=0时刻的波形，虚线为t2=0.2s时刻的波形，波的传播速度为10m/s，求：（1）波的频率；（2）波的传播方向；（3）在给出的xoy坐标系（图2）中画出t3=8.6s时刻的波形考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象.分析
23、：（1）由图象可知波长，根据v=f求解频率；（2）根据x=vt求出0.2s内波传播的距离，从而判断波的传播方向；（3）求出周期，从而判断t3=8.6s经过多少个周期，进而画出图象解答：解：（1）由图象可知波长为 =8 mv=f解得：f=1.25Hz；（2）波在t=t2t1时间内传播的距离为x=vt=100.2=2m分析可知，波一定向右传播（3）周期T=t=8.6s=10T，所以t3=8.6s时刻的波形如右图所示：答：（1）波的频率为1.25Hz；（2）波的传播方向向右；（3）t3=8.6s时刻的波形如右图所示点评：本题知道两个时刻的波形，运用波形的平移法分析波传播的方向，要求同学们能根据图象得
24、出有效信息，难度不大，属于基础题18（12分）如图所示，水平面内有间距为0.5m足够长的光滑平行金属导轨，左端连接R=4的电阻阻值为r=1、质量为m=0.2kg的导体棒ab垂直于导轨放置，导体棒ab两端与导轨接触良好在轨道所在空间有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度为B=1T，导体棒ab在水平外力F的作用下从静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为a=0.5ms2，当ab的速度为2m/s时撤去水平外力F求：（1）导体棒的速度为1m/s时两端的电压大小；（2）在水平外力F作用的过程中，通过ab截面的电量；（3）撤掉F后电阻R产生的电热考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化.专题：电磁
25、感应功能问题分析：（1）导体棒垂直切割磁感线，产生的感应电动势由E=BLv求出根据电路的结构，求解导体棒两端的电压（2）根据运动学公式v2=2ax求出棒通过的位移，再由=BLx、I平=、q=I平t结合求解电量（3）撤掉F后棒动能全部转化为回路中内能，根据能量守恒定律求解解答：解：（1）v1=1m/s时，导体棒产生的电动势为：E1=BLv1=10.51V=0.5V电流为：I1=A=0.1A 则棒两端的电压为：U=I1R=0.14v=0.4V（2）在水平外力F作用的过程中，由v2=2ax 得：x=m=4m由=BLx、I平=、q=I平t得：q=C=0.4C （3）撤掉F后电路产生的总电热为Q，则：Q=mv2=0.222J=0.4J撤掉F后电阻R产生的电热为：QR=Q=0.4J=0.32J答：（1）导体棒的速度为1m/s时两端的电压大小为0.4V；（2）在水平外力F作用的过程中，通过ab截面的电量为0.4C；（3）撤掉F后电阻R产生的电热为0.32J点评：感应电荷量q=是常用的经验公式，要会正确推导能量守恒定律或动能定理是求解电热常用的方法试卷、试题、教案、学案等教学资源均可投稿。
