1、单元评估检测(七)(时间：40分钟分值：100分)一、选择题(本题共10小题，每小题6分，共60分，16为单选题，710为多选题)1某点电荷和金属圆环间的电场线分布如图所示下列说法正确的是()Aa点的电势高于b点的电势B若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功Cc点的电场强度与d点的电场强度大小无法比较D若将一正试探电荷从d点由静止释放，电荷将沿着电场线由d到c解析：选B.过a、b两点做等势面，可得a点的电势比b点的电势低，将正电荷从低电势移到高电势，电场力做负功，故A错误，B正确；电场线的疏密程度可表示电场强度，c点的电场线稀疏，d点的电场线较密，所以d点的电场强度大于c点的电场强度，C
2、错误；将一正试探电荷从d点由静止释放，试探电荷在电场力作用下做变加速运动，开始速度方向沿电场线方向，但电场线方向改变时，运动轨迹不沿电场线方向，D错误2.(2019温州中学模拟)如图，静电喷涂时，被喷工件接正极，喷枪口接负极，它们之间形成高压电场涂料微粒从喷枪口喷出后，只在静电力作用下向工件运动，最后吸附在工件表面，图中虚线为涂料微粒的运动轨迹下列说法正确的是()A涂料微粒一定带正电B图中虚线可视为高压电场的部分电场线C微粒做加速度先减小后增大的曲线运动D喷射出的微粒动能不断转化为电势能解析：选C.因工件接电源的正极，可知涂料微粒一定带负电，选项A错误；因虚线为涂料微粒的运动轨迹，可知不能视为
3、高压电场的部分电场线，选项B错误；从喷枪口到工件的电场强度先减弱后增强，可知微粒的加速度先减小后增大，因电场线是曲线，故微粒做曲线运动，选项C正确；因电场力对微粒做正功，故微粒的电势能逐渐减小转化为动能，选项D错误3.(2019重庆八中适应性考试)直角坐标系xOy中，A、B两点位于x轴上，坐标如图所示，C、D位于y轴上C、D两点各固定一等量正点电荷，另一电荷量为Q的负点电荷置于O点时，B点处的电场强度恰好为零若将该负点电荷移到A点，则B点处场强的大小和方向分别为(静电力常量为k)()A.，沿x轴正方向B.，沿x轴负方向C.，沿x轴负方向 D.，沿x轴正方向解析：选D.B点处的电场强度恰好为零，
4、说明负电荷在B点产生的场强与正电荷在B点产生的场强大小相等，方向相反，根据点电荷的场强公式可得，负电荷在B点的场强的大小为，两正电荷在B点的合场强的大小也为，方向沿x轴正方向，当负电荷移到A点时，负电荷与B点的距离为2l，负电荷在B点产生的场强的大小为，方向沿x轴负方向，所以B点处合场强的大小为，方向沿x轴正方向，所以A、B、C错误，D正确4.静电场方向平行于x轴，其电势随x的分布可简化为如图所示的折线，图中0和d为已知量一个带负电的粒子在电场中以x0为中心、沿x轴方向做周期性运动已知该粒子质量为m、电荷量为q，忽略重力规定x轴正方向为电场强度E、加速度a、速度v的正方向，下图分别表示x轴上各
5、点的电场强度E、小球的加速度a、速度v和动能Ek随x的变化图象其中正确的是()解析：选D.因x图象的斜率表示电场强度，沿电场方向电势降低，因而在x0的左侧，电场向左，且为匀强电场，故A错误；由于粒子带负电，粒子的加速度在x0左侧加速度为正值，在x0右侧，加速度为负值，且大小不变，故B错误；在x0左侧，粒子向右匀加速，在x0的右侧，向右做匀减速运动，速度与位移不成正比，故C错误；在x0左侧，粒子根据动能定理qExEkEk0，在x0的右侧，根据动能定理可得qExEkEk0，故D正确5真空中某竖直平面内存在一水平向右的匀强电场，一质量为m的带电微粒恰好能沿图示虚线(与水平方向成角)由A向B做直线运动
6、，已知重力加速度为g，微粒的初速度为v0，则()A微粒一定带正电B微粒一定做匀速直线运动C可求出匀强电场的电场强度D可求出微粒运动的加速度解析：选D.因微粒在重力和电场力作用下做直线运动，而重力竖直向下，由微粒做直线运动条件知电场力必水平向左，微粒带负电，A错误；其合外力必与速度反向，大小为F，即微粒一定做匀减速直线运动，加速度为a，B错误，D正确；电场力qE，但不知微粒的电荷量，所以无法求出其电场强度，C错误6(2019株洲统一检测)如图所示，R是一个定值电阻，A、B为水平正对放置的两块平行金属板，两板间带电微粒P处于静止状态，则下列说法正确的是()A若增大A、B两金属板的间距，则有向右的电
7、流通过电阻RB若增大A、B两金属板的间距，P将向上运动C若紧贴A板内侧插入一块一定厚度的金属片，P将向上运动D若紧贴B板内侧插入一块一定厚度的陶瓷片，P将向上运动解析：选C.电容器和电源相连，则两极板间的电压恒定，若增大A、B两金属板的间距，根据公式C可知，电容减小，根据公式C可得电容器两极板上所带电荷量减小，故电容器放电，R中有向左的电流，A错误；由于两极板间的电压不变，若增大A、B两金属板的间距，根据公式E可得两极板间的电场强度减小，电场力小于重力，P将向下运动，B错误；若紧贴A板内侧插入一块一定厚度的金属片，相当于两极板间的距离减小，电场强度增大，则电场力大于重力，P向上运动，C正确；若
8、紧贴B板内侧插入一块一定厚度的陶瓷片，相当于r增大，两极板间的电场强度恒定不变，所以电场力不变，P仍静止，D错误7.某老师用图示装置探究库仑力与电荷量的关系A、B是可视为点电荷的两带电小球，用绝缘细线将A悬挂，实验中在改变电荷量时，移动B并保持A、B连线与细线垂直用Q和q表示A、B的电荷量，d表示A、B间的距离，(不是很小)表示细线与竖直方向的夹角，x表示A偏离O点的水平距离实验中()Ad应保持不变BB的位置在同一圆弧上Cx与电荷量乘积Qq成正比Dtan 与A、B间库仑力成正比解析：选ABC.因此实验要探究库仑力与电荷量的关系，故两电荷间距d应保持不变，选项A正确；因要保持A、B连线与细线垂直
9、且AB距离总保持d不变，故B的位置在同一圆弧上，选项B正确；对A球由平衡知识可知：F库mgsin ，即kmg，可知x与电荷量乘积Qq成正比，选项C正确，D错误8.(2019广东韶关六校联考)如图所示，直线MN是某电场中的一条电场线(方向未画出)虚线是一带电的粒子只在电场力的作用下，由a运动到b的运动轨迹，轨迹为一抛物线下列判断正确的是()A电场线MN的方向一定是由N指向MB带电粒子由a运动到b的过程中动能不一定增加C带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能D带电粒子由a运动到b的过程中动能增加解析：选CD.由于该粒子只受电场力作用且做曲线运动，所受的电场力指向轨迹内侧，所以粒子所受的电场力
10、一定是由M指向N，但是由于粒子的电荷性质不清楚，所以电场线的方向无法确定，故A错误；粒子从a运动到b的过程中，电场力做正功，电势能减小，动能增加，故B错误，D正确；粒子从a运动到b的过程中，电场力做正功，电势能减小，带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能，故C正确9(2019福建台州质量评估)如图所示，竖直平面内的xOy坐标系中，x轴上固定一个点电荷Q，y轴上固定一根光滑绝缘细杆(细杆的下端刚好在坐标原点O处)，将一个重力不计的带电圆环(可视为质点)套在杆上，从P处由静止释放，圆环从O处离开细杆后恰好绕点电荷Q做匀速圆周运动，则下列说法中正确的是()A圆环沿细杆从P运动到O的过程中，加速
11、度一直增大B圆环沿细杆从P运动到O的过程中，速度先增大后减小C若只增大圆环所带的电荷量，圆环离开细杆后仍能绕点电荷Q做匀速圆周运动D若将圆环从杆上P点上方由静止释放，其他条件不变，圆环离开细杆后不能绕点电荷Q做匀速圆周运动解析：选CD.圆环运动到O点且未离开细杆时库仑力沿x轴正方向，与细杆对圆环的支持力平衡，加速度为零，则A错误；因为圆环到O点前，库仑力沿y轴负方向的分量大小始终不为0，故一直加速，速度增加，B错误；设P、O两点间电势差为U，由动能定理有qUmv2，由牛顿第二定律有，联立有，即圆环是否做匀速圆周运动与q无关，C正确；若从P点上方释放，则U变大，不能做匀速圆周运动，D正确10(2
12、019沈阳东北育才学校模拟)一带正电的小球向右水平抛入范围足够大的匀强电场，电场方向水平向左不计空气阻力，则小球()A做直线运动 B做曲线运动C速率先减小后增大 D速率先增大后减小解析：选BC.小球运动时受重力和电场力的作用，合力F方向与初速度v0方向不在一条直线上，小球做曲线运动，选项A错误，B正确；小球所受的合力与速度方向先成钝角，后成锐角，因此小球的速率先减小后增大，故选项C正确，D错误二、计算题(本题共2小题，共40分)11(16分)如图所示，光滑的薄平板A，放置在水平桌面上，平板右端与桌面相齐，在平板上距右端d0.6 m处放一比荷为0.1 C/kg的带电体B(大小可忽略)，A长L1
13、m，质量M2 kg.在桌面上方区域内有电场强度不同的匀强电场，OO左侧电场强度为E10 V/m，方向水平向右；右侧电场强度为左侧的5倍，方向水平向左在薄平板A的右端施加恒定的水平作用力F，同时释放带电体B，经过一段时间后，在OO处带电体B与薄平板A分离，其后带电体B到达桌边缘时动能恰好为零(g取10 m/s2)求：(1)OO处到桌面右边缘的距离；(2)加在薄平板A上恒定水平作用力F的大小解析：(1)对B在OO左侧运动时，qEma1，设B到达OO时的速度为v，则：v22a1x1，对B在OO右侧运动时，q5Ema2，v22a2x2，由几何关系知，x1x2d，代入数据解得x20.1 m.(2)对平板
14、A，在B加速的时间内，x3Lx2，x3a3t，B在同一时间内加速的过程中，有：x1a1t，对平板A，在B加速的时间内受力F的作用，由牛顿第二定律得，FMa3，代入数据解得F3.6 N.答案：见解析12(24分)(2019亳州模拟)如图所示，在E1.0103 V/m的竖直匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道QPN与一水平绝缘轨道MN在N点平滑相接，半圆形轨道平面与电场线平行，其半径R40 cm，N为半圆形轨道最低点，P为QN圆弧的中点，一带负电q1.0104 C的小滑块质量m10 g，与水平轨道间的动摩擦因数 0.15，位于N点右侧 1.5 m 的M处，g取10 m/s2，求：(1)要使小滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q，则小滑块应以多大的初速度v0向左运动；(2)这样运动的小滑块通过P点时对轨道的压力是多大解析：(1)设小滑块到达Q点时速度为v，由牛顿第二定律得mgqEm小滑块从开始运动至到达Q点过程中，由动能定理得mg2RqE2R(mgqE)xmv2mv联立方程组，解得：v07 m/s.(2)设小滑块到达P点时速度为v，则从开始运动至到达P点过程中，由动能定理得(mgqE)R(qEmg)xmv2mv又在P点时，由牛顿第二定律得FNm联立代入数据，解得：FN0.6 N由牛顿第三定律得，小滑块对轨道的压力大小FNFN0.6 N.答案：(1)7 m/s(2)0.6 N
