1、高考导航考点内容要求高考(全国卷)三年命题情况对照分析201620172018命题分析电磁感应现象卷T24：电磁感应中的力、电综合卷T20：转动切割和电路综合T24：电磁感应中的力、电综合卷T25：电磁感应中的力、电综合卷T18：电磁感应现象与阻尼卷T20：法拉第电磁感应定律、Et 图像卷T15：楞次定律、安培定则卷T17：法拉第电磁感应定律T19：安培定则、楞次定律卷T18：it 图像、楞次定律卷T20：it 图像、右手螺旋定则、楞次定律1.从题型看，多是选择题，也有计算题，难度中等或较难。2.从考查内容看，集中在楞次定律的应用、法拉第电磁感应定律及其与力学、能量、电路、图像的综合应用。磁通
2、量法拉第电磁感应定律楞次定律自感 涡流第 1 讲 电磁感应现象 楞次定律知识排查磁通量1.磁通量(1)定义：磁感应强度 B 与垂直磁场方向的面积 S 的乘积。(2)公式：BS(BS)；单位：韦伯(Wb)。(3)矢标性：磁通量是标量，但有正负。2.磁通量的变化量：21。3.磁通量的变化率(磁通量变化的快慢)：磁通量的变化量与所用时间的比值，即t，与线圈的匝数无关。电磁感应现象1.电磁感应现象当穿过闭合导体回路的磁通量发生变化时，闭合导体回路中有感应电流产生的现象。2.产生感应电流的条件(1)闭合导体回路；(2)磁通量发生变化。感应电流的方向1.楞次定律(1)内容：感应电流的磁场总要阻碍引起感应电
3、流的磁通量的变化。(2)适用范围：一切电磁感应现象。2.右手定则(1)内容：如图 1，伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使拇指指向导线运动的方向，这时四指所指的方向就是感应电流的方向。图 1(2)适用情况：导线切割磁感线产生感应电流。小题速练1.思考判断(1)闭合电路内只要有磁通量，就有感应电流产生。()(2)穿过线圈的磁通量和线圈的匝数无关。()(3)电路中磁通量发生变化时，就一定会产生感应电流。()(4)当导体切割磁感线时，一定产生感应电流。()(5)由楞次定律知，感应电流的磁场一定与引起感应电流的磁场方向相反。()答案(1)(2)(3)
4、(4)(5)2.如图 2 所示，一圆形金属线圈放置在水平桌面上，匀强磁场垂直桌面竖直向下，过线圈上 A 点作切线 OO，OO与线圈在同一平面上。在线圈以 OO为轴翻转 180的过程中，线圈中电流流向()图 2A.始终为 ABCAB.始终为 ACBAC.先为 ACBA，再为 ABCAD.先为 ABCA，再为 ACBA解析 在线圈以 OO为轴翻转 090的过程中，穿过线圈正面向里的磁通量逐渐减小，由楞次定律可知感应电流方向为 ABCA；线圈以 OO为轴翻转 90180的过程中，穿过线圈反面向里的磁通量逐渐增加，由楞次定律可知感应电流方向仍然为 ABCA，A 正确。答案 A3.教科版选修 32P18
5、T1 改编(多选)如图 3 所示，一轻质绝缘横杆两侧各固定一金属环，横杆可绕中心点自由转动，老师拿一条形磁铁插向其中一个小环，后又取出插向另一个小环，同学们看到的现象及现象分析正确的是()图 3A.磁铁插向左环，横杆发生转动B.磁铁插向右环，横杆发生转动C.磁铁插向左环，左环中不产生感应电动势和感应电流D.磁铁插向右环，右环中产生感应电动势和感应电流答案 BD 电磁感应现象的理解和判断1.常见的产生感应电流的三种情况2.判断磁通量是否变化的方法(1)根据公式 BS(BS)判断。(2)根据穿过平面的磁感线的条数是否变化判断。【例 1】如图 4 所示，一个金属圆环水平放置在竖直向上的匀强磁场中，若
6、要使圆环中产生如箭头所示方向的瞬时感应电流，下列方法可行的是()图 4A.使匀强磁场的磁感应强度均匀增大B.使圆环绕水平轴 ab 如图转动 30C.使圆环绕水平轴 cd 如图转动 30D.保持圆环水平并使其绕过圆心的竖直轴转动解析 原磁场的方向向上，圆环中感应电流产生的磁场方向竖直向下，与原磁场的方向相反，根据楞次定律，说明圆环磁通量在增大。使匀强磁场的磁感应强度均匀增大，穿过圆环的磁通量增大，A 项正确；使圆环绕水平轴 ab 或 cd 转动 30，圆环在中性面上的投影面积减小，磁通量减小，只会产生与图示方向反向的感应电流，B、C 项错误；保持圆环水平并使其绕过圆心的竖直轴转动，圆环仍与磁场垂
7、直，磁通量不变，不会产生感应电流，D 项错误。答案 A1.(2017江苏单科，1)如图 5 所示，两个单匝线圈 a、b 的半径分别为 r 和 2r。圆形匀强磁场 B 的边缘恰好与 a 线圈重合，则穿过 a、b 两线圈的磁通量之比为()图 5A.11 B.12C.14 D.41解析 两个线圈的半径虽然不同，但是磁场穿过两个线圈的有效面积一样，则穿过两线圈的磁通量相同，故选项 A 正确。答案 A2.现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈 A、线圈 B、电流计及开关按如图 6 所示连接。下列说法正确的是()图 6A.开关闭合后，线圈 A 插入或拔出都会引起电流计指针偏转B.线圈 A 插入线圈 B 中后
8、，开关闭合和断开的瞬间，电流计指针均不会偏转C.开关闭合后，滑动变阻器的滑片 P 匀速滑动，电流计指针不会偏转D.开关断开后，滑动变阻器的滑片 P 加速滑动，电流计指针发生偏转解析 线圈 A 插入或拔出，都将造成线圈 B 处磁场的变化，因此线圈 B 处的磁通量变化，产生感应电流，故选项 A 正确；开关闭合和断开均能引起线圈 B 中磁通量的变化而产生感应电流，故选项 B 错误；开关闭合后，只要移动滑片 P，线圈 B中磁通量变化而产生感应电流，故选项 C 错误；开关断开后，线圈 B 无磁通量变化，故无感应电流，选项 D 错误。答案 A 楞次定律的理解及应用1.楞次定律中“阻碍”的含义2.判断感应电
9、流方向的两种方法方法一 用楞次定律判断(“四步法”)方法二 用右手定则判断该方法适用于闭合电路的部分导体切割磁感线产生的感应电流。判断时注意掌心、拇指、四指的方向：(1)掌心磁感线垂直穿入；(2)拇指指向导体运动的方向；(3)四指指向感应电流的方向。【例 2】(多选)(2018全国卷，19)如图 7，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路。将一磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态。下列说法正确的是()图 7A.开关闭合后的瞬间，小磁针的 N 极朝垂直纸面向里的方向转动B.开关闭合并保持一段时间后，小磁
10、针的 N 极指向垂直纸面向里的方向C.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的 N 极指向垂直纸面向外的方向D.开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的 N 极朝垂直纸面向外的方向转动解析 由电路可知，开关闭合瞬间，右侧线圈正面环绕部分的电流向下，由安培定则可知，直导线在铁芯中产生向右的磁场，由楞次定律可知，左侧线圈正面环绕部分产生向上的电流，则直导线中的电流方向由南向北，由安培定则可知，直导线在小磁针所在位置产生垂直纸面向里的磁场，则小磁针的 N 极朝垂直纸面向里的方向转动，A 正确；开关闭合并保持一段时间后，穿过左侧线圈的磁通量不变，则左侧线圈中的感应电流为零，直导线不产生磁场，则小磁针静
11、止不动，B、C 错误；开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，穿过左侧线圈向右的磁通量减少，则由楞次定律可知，左侧线圈正面环绕部分产生向下的感应电流，则流过直导线的电流方向由北向南，直导线在小磁针所在处产生垂直纸面向外的磁场，则小磁针的 N 极朝垂直纸面向外的方向转动，D 正确。答案 AD三定则一定律的应用技巧(1)应用楞次定律时，一般要用到安培定则。(2)研究感应电流受到的安培力时，一般先用右手定则确定电流方向，再用左手定则确定安培力方向，有时也可以直接应用楞次定律的推论确定。1.(2017全国卷，15)如图 8，在方向垂直于纸面向里的匀强磁场中有一 U 形金属导轨，导轨平面与磁场垂直，金属杆
12、 PQ 置于导轨上并与导轨形成闭合回路 PQRS，一圆环形金属线框 T 位于回路围成的区域内，线框与导轨共面。现让金属杆 PQ 突然向右运动，在运动开始的瞬间，关于感应电流的方向，下列说法正确的是()图 8A.PQRS 中沿顺时针方向，T 中沿逆时针方向B.PQRS 中沿顺时针方向，T 中沿顺时针方向C.PQRS 中沿逆时针方向，T 中沿逆时针方向D.PQRS 中沿逆时针方向，T 中沿顺时针方向解析 金属杆 PQ 突然向右运动，由右手定则可知，PQRS 中有沿逆时针方向的感应电流，由于感应电流产生的磁场与原磁场方向相反，则穿过圆环形金属线框 T中的磁通量减小，由楞次定律可知，T 中有沿顺时针方
13、向的感应电流，故选项 D正确，A、B、C 错误。答案 D2.(2019广元市一诊)法拉第发明了世界上第一台发电机。如图 9 所示，圆形金属盘安置在电磁铁的两个磁极之间，两电刷 M、N 分别与盘的边缘和中心处接触良好，且与灵敏电流计相连。金属盘绕中心轴沿图示方向转动。则()图 9A.电刷 M 的电势高于电刷 N 的电势B.若只将电刷 M 移近 N，电流计的示数变大C.若只提高金属盘转速，电流计的示数变大D.若只将滑动变阻器滑片向左滑动，电流计的示数变大解析 根据安培定则可知，电磁铁产生的磁场方向在金属盘处方向向右，由右手定则判断可知，金属盘产生的感应电流方向从 M 到 N，则电刷 M 的电势低于
14、电刷N 的电势，故选项 A 错误；若只将电刷 M 移近 N，则电刷 M、N 之间距离减小，切割磁感线的有效长度减小，产生的感应电动势减小，感应电流减小，则电流计的示数变小，故选项 B 错误；若只提高金属盘转速，感应电动势增大，故电流计的示数变大，故选项 C 正确；若只将滑动变阻器滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路中电流减小，磁场减弱，电流计的示数变小，故选项 D 错误。答案 C 楞次定律推论的应用楞次定律中“阻碍”的推广含义可以推广为：感应电流的效果总是阻碍引起感应电流的原因，列表说明如下：内容例证阻碍原磁通量变化“增反减同”磁铁靠近线圈，B感与B原反向阻碍相对运动“来拒去留”使
15、回路面积有扩大或缩小的趋势“增缩减扩”B减小，线圈扩张阻碍原电流的变化“增反减同”合上S，B先亮【例 3】(2019上海静安质检)如图 10 所示，在同一水平面内有两根光滑平行金属导轨 MN 和 PQ，在两导轨之间竖直放置通电螺线管，ab 和 cd 是放在导轨上的两根金属棒，它们分别放在螺线管的左、右两侧，保持开关闭合，最初两金属棒处于静止状态。当滑动变阻器的滑片向左滑动时，两根金属棒与导轨构成的回路中感应电流方向(俯视图)及 ab、cd 两棒的运动情况是()图 10A.感应电流为顺时针方向，两棒相互靠近B.感应电流为顺时针方向，两棒相互远离C.感应电流为逆时针方向，两棒相互靠近D.感应电流为
16、逆时针方向，两棒相互远离解析 当变阻器滑片向左滑动时，电路中的电流变大，螺线管的磁场增强，根据安培定则，由电流方向可确定螺线管内的磁场方向垂直导轨向下，由于螺线管处于两棒中间，所以穿过两棒与导轨所围成的回路磁通量变大，由楞次定律的“增反减同”可得，回路产生逆时针方向的感应电流，根据左手定则可判断安培力的方向，故 ab 棒所受安培力方向向左，cd 棒所受安培力方向向右，两棒相互远离，故 D 正确，A、B、C 错误。答案 D1.增反减同如图 11 所示，在一水平、固定的闭合导体圆环上方，有一条形磁铁(N极朝上，S 极朝下)由静止开始下落，磁铁从圆环中穿过且不与圆环接触，关于圆环中感应电流的方向(从
17、上向下看)，下列说法正确的是()图 11A.总是顺时针B.总是逆时针C.先顺时针后逆时针D.先逆时针后顺时针解析 磁铁从圆环中穿过且不与圆环接触，则导体环中，先是向上的磁通量增加，磁铁中点到达圆环所在平面后，向上的磁通量减少，根据楞次定律可知，产生的感应电流方向先顺时针后逆时针，选项 C 正确。答案 C2.来拒去留很多相同的绝缘铜圆环沿竖直方向叠放，形成一很长的竖直圆筒。一条形磁铁沿圆筒的中心轴竖直放置，其下端与圆筒上端开口平齐。让条形磁铁从静止开始下落。条形磁铁在圆筒中的运动速率()A.均匀增大B.先增大，后减小C.逐渐增大，趋于不变D.先增大，再减小，最后不变解析 竖直圆筒相当于闭合电路，
18、磁铁穿过闭合电路，产生感应电流，根据楞次定律“来拒去留”的规律，磁铁受到向上的阻碍磁铁运动的安培力，开始时磁铁的速度小，产生的感应电流也小，安培力也小，磁铁加速运动，随着速度的增大，产生的感应电流增大，安培力也增大，直到安培力大小等于重力，磁铁匀速运动，选项 C 正确。答案 C3.增缩减扩(多选)如图 12，匀强磁场垂直于软导线回路平面，由于磁场发生变化，回路变为圆形。则磁场可能()图 12A.逐渐增强，方向向外B.逐渐增强，方向向里C.逐渐减弱，方向向外D.逐渐减弱，方向向里解析 根据楞次定律，感应电流的磁场方向总是阻碍引起闭合回路中磁通量的变化，体现在面积上是“增缩减扩”，而回路变为圆形，
19、面积增加了，说明磁场逐渐减弱。因不知回路中感应电流的方向，故无法判定磁场方向，故 C、D 都有可能。答案 CD 楞次定律在生产、生活中的应用 STSE问题【例 4】(2017全国卷，18)扫描隧道显微镜(STM)可用来探测样品表面原子尺度上的形貌。为了有效隔离外界振动对 STM 的扰动，在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板，并施加磁场来快速衰减其微小振动，如图 13 所示。无扰动时，按下列四种方案对紫铜薄板施加恒磁场；出现扰动后，对于紫铜薄板上下及其左右振动的衰减最有效的方案是()图 13解析 感应电流产生的条件是闭合回路中的磁通量发生变化。在 A 图中，系统振动时，紫铜薄板随之上下及
20、左右振动，在磁场中的部分有时多有时少，磁通量发生变化，产生感应电流，受到安培力，阻碍系统的震动；在 B、D 图中，只有紫铜薄板左右振动才产生感应电流，而上下振动无电流产生；在 C 图中，无论紫铜薄板上下振动还是左右振动，都不会产生感应电流，故选项 A 正确，B、C、D 错误。答案 A1.(多选)(金属探测器)(2019山东威海市联考)高考考生入场时，监考老师要用金属探测器对考生进行安检后才允许其进入考场，如图 14 所示。探测器内有通电线圈，当探测器靠近任何金属材料物体时，就会引起探测器内线圈中电流变化，报警器就会发出警报；靠近非金属物体时则不发出警报。关于探测器工作原理，下列说法正确的是()
21、图 14A.金属探测器利用的是电磁感应现象B.金属探测器利用的是磁场对金属的吸引作用C.金属探测器利用的是静电感应现象D.金属探测器利用的是当探测器靠近金属物体时，能在金属中形成涡流，进而引起线圈中电流的变化解析 线圈通电后会产生磁场，当有金属物体进入磁场时，通过金属物体横截面的磁通量发生变化，金属物体内部会产生涡流，涡流的磁场反过来影响线圈中的电流，由此判断是否有金属物体，静电感应现象是带电体靠近导体时使导体感应起电，故选项 A、D 正确。答案 AD2.(测速仪)为了测量列车运行的速度和加速度的大小，可采用如图 15 甲所示的装置，它由一块安装在列车车头底部的强磁体和埋设在轨道地面的一组线圈
22、及电流测量记录仪组成(测量记录仪未画出)。当列车经过线圈上方时，线圈中产生的电流被记录下来，P、Q 为接测量仪器的端口。若俯视轨道平面磁场垂直地面向下(如图乙)，则在列车经过测量线圈的过程中，流经线圈的电流方向()图 15A.始终沿逆时针方向B.先沿逆时针，再沿顺时针方向C.先沿顺时针，再沿逆时针方向D.始终沿顺时针方向解析 列车通过线圈时，穿过线圈的磁通量先增大后减小，根据楞次定律可知线圈中产生的电流先沿逆时针方向，再沿顺时针方向，选项 B 正确。答案 B3.(多选)(电吉他)电吉他中电拾音器的基本结构如图 16 所示，磁体附近的金属弦被磁化，因此弦振动时，在线圈中产生感应电流，电流经电路放
23、大后传送到音箱发出声音，下列说法正确的有()图 16A.选用铜质弦，电吉他仍能正常工作B.取走磁体，电吉他将不能正常工作C.增加线圈匝数可以增大线圈中的感应电动势D.弦振动过程中，线圈中的电流方向不断变化解析 铜质弦为非磁性材料，不能被磁化，选用铜质弦，电吉他不能正常工作，A项错误；若取走磁体，金属弦不能被磁化，其振动时，不能在线圈中产生感应电动势，电吉他不能正常工作，B 项正确；由 Ent 可知，C 项正确；弦振动过程中，穿过线圈的磁通量大小不断变化，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向不断变化，D 项正确。答案 BCD课时作业(时间：30 分钟)基础巩固练1.如图 1 所示的匀强磁场中有一个
24、矩形闭合导线框。在下列四种情况下，线框中会产生感应电流的是()图 1A.如图甲所示，保持线框平面始终与磁感线平行，线框在磁场中左右运动B.如图乙所示，保持线框平面始终与磁感线平行，线框在磁场中上下运动C.如图丙所示，线框绕位于线框平面内且与磁感线垂直的轴线 AB 转动D.如图丁所示，线框绕位于线框平面内且与磁感线平行的轴线 CD 转动答案 C2.如图 2 所示，正方形线圈 abcd 位于纸面内，边长为 l，匝数为 n，过 ab 中点和cd 中点的连线 OO恰好位于垂直纸面向里的匀强磁场的右边界上，磁感应强度为B，则穿过线圈的磁通量为()图 2A.Bl22B.nBl22C.Bl2D.nBl2答案
25、 A3.如图 3 所示，圆环形导体线圈 a 平放在水平桌面上，在 a 的正上方固定一竖直螺线管 b，二者轴线重合，螺线管 b 与电源、滑动变阻器连接成如图所示的电路。若将滑动变阻器的滑片 P 向下滑动，下列表述正确的是()图 3A.线圈 a 中将产生沿顺时针方向(俯视)的感应电流B.穿过线圈 a 的磁通量减小C.线圈 a 有扩张的趋势D.线圈 a 对水平桌面的压力 FN 将增大解析 当滑动变阻器的滑片 P 向下滑动时，螺线管中的电流将增大，使穿过线圈 a的磁通量变大，选项 B 错误；由楞次定律可知，线圈 a 中将产生沿逆时针方向(俯视)的感应电流，并且线圈 a 有缩小和远离螺线管的趋势，线圈
26、a 对水平桌面的压力 FN 将增大，故选项 D 正确，A、C 错误。答案 D4.如图 4 所示，ab 是一个可以绕垂直于纸面的轴 O 转动的闭合矩形导体线圈，当滑动变阻器 R 的滑片 P 自左向右滑动的过程中，线圈 ab 将()图 4A.静止不动B.顺时针转动C.逆时针转动D.发生转动，但电源的极性不明，无法确定转动方向解析 题图中的两个通电的电磁铁之间的磁场方向总是水平的，当滑动变阻器 R的滑片 P 自左向右滑动的过程中，电路中的电流是增大的，两个电磁铁之间的磁场的磁感应强度也是增大的，穿过闭合导体线圈的磁通量是增大的，线圈在原磁场中所受的磁场力肯定使线圈向磁通量减小的方向运动，显然只有顺时
27、针方向的运动才能使线圈中的磁通量减小。答案 B5.从奥斯特发现电流周围存在磁场后，法拉第坚信磁一定能生电。他使用如图 5 所示的装置进行实验研究，以致经过了 10 年都没发现“磁生电”。主要原因是()图 5A.励磁线圈 A 中的电流较小，产生的磁场不够强B.励磁线圈 A 中的电流是恒定电流，不会产生磁场C.感应线圈 B 的匝数较少，产生的电流很小D.励磁线圈 A 中的电流是恒定电流，产生稳恒磁场答案 D6.(多选)(2018北京摸底调研)如图6所示，在一空心螺线管内部中点处悬挂一铜环，闭合开关瞬间，下列说法正确的是()图 6A.从左往右看，铜环中有逆时针方向的感应电流B.从左往右看，铜环中有顺
28、时针方向的感应电流C.铜环有收缩趋势D.铜环有扩张趋势解析 根据楞次定律，闭合开关瞬间，穿过铜环的磁通量向左增大，则铜环中产生的感应电流的磁场方向向右，从左往右看，铜环中感应电流沿顺时针方向，故 A错误，B 正确；穿过铜环的磁通量增大，根据楞次定律可知，铜环有收缩的趋势，故 C 正确，D 错误。答案 BC7.如图 7 所示，一个 U 形金属导轨水平放置，其上放有一个金属导体棒 ab，有一个磁感应强度为 B 的匀强磁场斜向上穿过轨道平面，且与竖直方向的夹角为。在下列各过程中，一定能在轨道回路里产生感应电流的是()图 7A.ab 向右运动，同时使 减小B.使磁感应强度 B 减小，角同时也减小C.a
29、b 向左运动，同时增大磁感应强度 BD.ab 向右运动，同时增大磁感应强度 B 和 角(090)解析 ab 向右运动，回路面积增大，减小，cos 增大，由 BScos 知，增大，故选项 A 正确；同理可判断 B、C、D 中 不一定变化，不一定产生感应电流。答案 A综合提能练8.如图 8 所示，质量为 m 的铜质小闭合线圈静置于粗糙水平桌面上。当一个竖直放置的条形磁铁贴近线圈，沿线圈中线由左至右从线圈正上方等高、匀速经过时，线圈始终保持不动。则关于线圈在此过程中受到的支持力 N、摩擦力 f 和线圈电流方向判断正确的是()图 8A.N 先大于 mg，后小于 mgB.N 一直大于 mgC.f 先向左
30、，后向右D.线圈中的电流方向始终不变解析 当磁铁靠近线圈时，穿过线圈的磁通量增加，线圈中产生感应电流，线圈受到磁铁的安培力作用，根据楞次定律可知，线圈受到的安培力斜向右下方，则线圈对桌面的压力增大，即 N 大于 mg，线圈相对桌面有向右运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力。当磁铁远离线圈时，穿过线圈的磁通量减小，同理，根据楞次定律可知，线圈受到的安培力斜向右上方，则线圈对桌面的压力减小，即 N 小于mg，线圈相对桌面有向右运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力。综上可知，N 先大于 mg，后小于 mg，f 始终向左，故选项 B、C 错误，A 正确；当磁铁靠近线圈时，穿过线圈向下的磁通量增加，线圈中产生感
31、应电流从上向下看是逆时针方向；当磁铁远离线圈时，穿过线圈向下的磁通量减小，线圈中产生感应电流从上向下看是顺时针方向，故选项 D 错误。答案 A9.(多选)现代科学研究中常要用到高速电子，电子感应加速器就是利用感生电场使电子加速的设备。如图 9 所示，上面为侧视图，上、下为电磁铁的两个磁极，电磁铁线圈中电流的大小可以变化；下面为磁极之间真空室的俯视图。现有一电子在真空室中做圆周运动，从上往下看电子沿逆时针方向做加速运动。则下列判断正确的是()图 9A.通入螺线管的电流在增强B.通入螺线管的电流在减弱C.电子在轨道中做圆周运动的向心力是电场力D.电子在轨道中加速的驱动力是电场力解析 从上往下看电子
32、沿逆时针方向做加速运动，表明感应电场沿顺时针方向。图示电磁铁螺线管电流产生的磁场方向竖直向上，根据楞次定律和右手定则，当磁场正在增强时，产生的感应电场沿顺时针方向，故选项 A 正确，B 错误；电子所受感应电场力方向沿切线方向，电子在轨道中做加速圆周运动是由电场力驱动的，选项 C 错误，D 正确。答案 AD10.磁卡的磁条中有用于存储信息的磁极方向不同的磁化区，刷卡器中有检测线圈。当以速度 v0 刷卡时，在线圈中产生感应电动势，其 Et 关系如图 10 乙所示。如果只将刷卡速度改为v02，线圈中的 Et 关系图可能是()图 10解析 刷卡速度改为原来12时，磁卡通过检测线圈的时间即有感应电动势产
33、生的时间变为原来的 2 倍，可知 A、B 错误；由 EBLv 知，当只减小 v 时，磁卡与检测线圈在相同的相对位置处产生的感应电动势也减小，故 C 错误，D 正确。答案 D11.(多选)闭合回路由电阻 R 与导线组成，其内部磁感应强度大小按 Bt 图像变化，方向如图 11 所示，则回路中()图 11A.电流方向为顺时针方向B.电流强度越来越大C.磁通量的变化率恒定不变D.产生的感应电动势越来越大解析 由图像可知，磁感应强度随时间均匀增大，则由 BS 可知，磁通量随时间均匀增加，故其变化率恒定不变，故 C 正确；由楞次定律可知，电流方向为顺时针，故 A 正确；由法拉第电磁感应定律可知，Et SB
34、t，故感应电动势保持不变，电流强度不变，故 B、D 错误。答案 AC12.如图 12 所示，金属棒 ab 置于水平放置的 U 形光滑导轨上，在 ef 右侧存在有界匀强磁场 B，磁场方向垂直导轨平面向下，在 ef 左侧的无磁场区域 cdef 内有一半径很小的金属圆环 L，圆环与导轨在同一平面内。假设 abdc 构成的回路总电阻不变，当金属棒 ab 在水平恒力 F 作用下从磁场左边界 ef 处由静止开始向右运动后，下列有关圆环的说法正确的是()图 12A.圆环内产生变大的感应电流，圆环有收缩的趋势B.圆环内产生变大的感应电流，圆环有扩张的趋势C.圆环内产生变小的感应电流，圆环有收缩的趋势D.圆环内
35、产生变小的感应电流，圆环有扩张的趋势解析 根据右手定则，当金属棒 ab 在恒力 F 的作用下向右运动时，abdc 回路中会产生逆时针方向的感应电流，则在圆环处产生垂直于纸面向外的磁场，随着金属棒向右加速运动，abdc 回路中的感应电流逐渐增大，穿过圆环的磁通量也逐渐增大，依据楞次定律可知，圆环将有收缩的趋势以阻碍圆环磁通量的增大；abdc 回路中的感应电流 IBlvR，感应电流的变化率ItBlaR，又由于金属棒向右运动的加速度 a 减小，所以感应电流的变化率减小，圆环内磁通量的变化率减小，所以在圆环中产生的感应电流不断减小，选项 C 正确。答案 C13.如图 13 所示，竖直长导线通有恒定电流
36、，一矩形线圈 abcd 可绕其竖直对称轴O1O2 转动。当线圈绕轴以角速度 沿逆时针(沿轴线从上往下看)方向匀速转动，从图示位置开始计时，下列说法正确的是()图 13A.t0 时，线圈产生的感应电动势最大B.0 2时间内，线圈中感应电流方向为 abcdaC.t 2时，通过线圈的磁通量为零，线圈产生的感应电动势也为零D.线圈每转动一周电流方向改变一次解析 根据安培定则可判断出在题图图示位置处线圈中磁通量最大，t0 时线圈中磁通量变化率为零，线圈中产生的感应电动势为零，选项 A 错误；由安培定则可判断出线圈中磁场方向为垂直纸面向外，在 0 2(即前T4)时间内，线圈转动 90，应用楞次定律和安培定则可判断出线圈中感应电流方向为逆时针方向，即 abcda，选项 B 正确；t 2时，线圈中的磁通量为零，但磁通量变化率最大，根据法拉第电磁感应定律，可知线圈中产生的感应电动势最大，选项 C 错误；线圈每转动一周电流方向改变两次，选项 D 错误。答案 B