1、江西省上饶市“山江湖”协作体2019-2020学年高二化学上学期期中试题（统招班，含解析）第I卷（选择题）一、单选题（本题包括16个小题，每小题3分，共48分）1.下列说法正确的是（ ）A. CaO+H2O=Ca(OH)2可放出大量热，可利用该反应设计成原电池，把化学能转化为电能B. 任何化学反应中的能量变化都表现为热量变化C. 有化学键断裂一定发生化学反应D. 灼热的铂丝与NH3、O2混合气接触，铂丝继续保持红热，说明氨的反应是放热反应【答案】D【解析】【详解】A.该反应中没有电子转移，不属于氧化还原反应，因此不能设计成原电池，A不符合题意；B.任何化学反应中的能量变化可以表现为热量变化，也
2、可以表现为光能或电能的转化，B错误；C.电解质溶解过程中有化学键的断裂，但没有新的物质生成，因此有化学键断裂不一定发生化学反应，C错误；D.灼热的铂丝与NH3、O2混合气在加热条件下接触发生反应，铂丝继续保持红热，说明氨的反应是放热反应，反应放出的热量使铂丝保持红热，D正确；故合理选项是D。2.用Na2FeO4溶液氧化废水中的还原性污染物M，为研究降解效果，设计如下对比实验探究温度、浓度、 pH、催化剂对降解速率和效果的影响，实验测得M的浓度与时间关系如图所示：下列说法正确的是A. 实验在15 min内M的降解速率为1.3310-2mol/(Lmin)B. 若其他条件相同，实验说明升高温度，M
3、降解速率增大C. 若其他条件相同，实验证明pH越高，越有利于M的降解D. 实验说明M的浓度越小，降解的速率越慢【答案】B【解析】【详解】A、根据化学反应速率的数学表达式可知， ，故A错误；B、其他条件相同，温度不同，的温度高于的，而中浓度变化大于，说明的降解速率大，故B正确；C、其他条件相同，的pH不同，的pH大于，在相同时间段内，中M的浓度变化大于，说明的降解速率大于，故C错误；D、这两组实验温度不同，浓度也不同，不是单一变量，无法比较浓度对此反应影响，故D错误；综上所述，本题正确答案为B。3.下列说法错误的有（ ）化学反应除了生成新物质外，还伴随着能量的变化放热反应不需要加热就能发生需要加
4、热才能发生的反应都是吸热反应化学反应放热还是吸热决定于生成物具有的总能量和反应物具有的总能量的大小 热化学方程式应注明反应时的温度与压强，如没注明则表示标准状况时的反应等量的氢气和氧气分别完全燃烧生成气态水和液态水，前者放出的热量多H2(g)I2(g)2HI(g) HQkJmol1表示常温常压下，在恒温密闭容器中当有1molH2和1molI2(g)反应生成2molHI时放出QkJ的热量同温同压下，H2(g)Cl2(g)=2HCl(g)在光照条件下和点燃条件下的H相同A. 2项B. 3项C. 4项D. 5项【答案】C【解析】【详解】化学反应过程就是原子重新组合生成生成物的过程，在这个过程中有旧化
5、学键的断裂和新化学键的形成，因此都伴随着能量的变化，正确；有的放热反应反应发生时也需要加热条件下才可以进行；反应开始时需要加热的反应可能是吸热反应，也可能是放热反应，错误；物质的燃烧反应需要加热，但反应为放热反应，错误；化学反应过程中有就化学键的断裂和新化学键的生成，因此都存在吸收能量和释放能量的过程，反应是放热还是吸热决定于生成物具有的总能量和反应物具有的总能量的大小，正确；热化学方程式表明了物质变化与能量变化的关系，由于物质含有的能量不仅与反应的物质多少有关，还有与物质的存在状态有关，因此在书写热化学方程式时应注明反应时的温度与压强，如没注明则表示常温常压时的反应，错误；等量的氢气和氧气分
6、别完全燃烧生成气态水和液态水，由于气态水含有的能量比液态水多，所以前者放出的热量少，错误；H2(g)+I2(g)2HI(g) H=-QkJmol1表示常温常压下，在恒温密闭容器中当有1molH2(g)和1molI2(g)反应生成2molHI时放出QkJ的热量，正确；同温同压下，同一反应的反应热与反应条件无关，所以H2(g)+Cl2(g)=2HCl(g)在光照条件下和点燃条件下的H相同，正确；综上所述可知说法正确的是，共四项；故合理选项是C。4.2SO2(g)+O2(g)2SO3(g)反应过程中的能量变化如图所示（图中E1表示无催化剂时正反应的活化能，E2表示无催化剂时逆反应的活化能）。下列有关
7、叙述不正确的是 A. 该反应的逆反应为吸热反应，升高温度可提高活化分子的百分数B. 500、101kPa下，将1molSO2(g)和0.5molO2(g)置于密闭容器中充分反应生成SO3(g)放热akJ，其热化学方程式为2SO2(g)+O2(g)2SO3(g) H=-2a kJmol-lC. 该反应中，反应物的总键能小于生成物的总键能D. H=E1-E2，使用催化剂改变活化能，但不改变反应热【答案】B【解析】试题分析：由图可知，该反应正反应为放热反应。A. 该反应的逆反应为吸热反应，升高温度可提高活化分子的百分数，A正确；B. 500、101kPa下，将1molSO2(g)和0.5molO2(
8、g)置于密闭容器中充分反应放热akJ，由于该反应为可逆反应，得不到1mol SO3(g)，所以热化学方程式2SO2(g)+O2(g)2SO3(g) 的反应热不等于-2akJmol-l，B不正确；C. 该反应中为放热反应，其H0，能够自发进行，故A错误；B、该反应为吸热反应，H0，依据反应方程式，该反应为熵增，即S0，根据复合判据，G=HTS，能够自发进行，需要在高温下，故B错误；C、根据复合判据，熵增且放热的反应一定是自发反应，故C正确；D、有些非自发反应在一定条件下能够实现，如水分解生成氢气和氧气不是自反应，但在电解条件下，可以实验，故D错误；答案选C。6.在C(s)+CO2(g)2CO(g
9、)的反应中，现采取下列措施：缩小体积，增大压强 增加碳的量 通入CO2 恒容下充入N2 恒压下充入N2。其中能够使反应速率增大的措施是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】该反应有气体参加，缩小体积增大压强，能够使化学反应速率增大；碳是固体，增加碳的量不会增大化学反应速率；通入CO2增大了反应物的浓度，使反应速率增大；恒容下通入N2，反应物的浓度没有改变，对反应速率无影响；恒压下充入N2，使容器的体积增大，气体的浓度减小，反应速率减小。所以其中能够使反应速率增大的措施是，答案选C。7.在一个绝热的固定容积的密闭容器中，发生可逆反应mA(g)+nB(g)pC(g)+qD(s)，
10、当m、n、p、q为任意整数时，一定可以作为反应达到平衡的标志是（ ）体系的压强不再改变 体系的温度不再改变 体系的密度不再变化 各组分质量分数不再改变A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】无法判断反应前后气体体积关系，则无法确定压强是否为变量，无法根据体系的压强判断平衡状态，错误；在一个不传热的固定容积的密闭容器中，体系的温度为变量，当温度不再改变，说明正、逆反应速率相等，能据此判断该反应达到平衡状态，正确；D为固态，混合气体的质量为变量，容器容积为定值，则密度为变量，当混合气体密度不变时，说明该反应达到平衡状态，正确；各组分的质量分数不再改变，表明正逆反应速率相等，该反应已经达到
11、平衡状态，正确；综上所述可知：说法正确的是，故合理选项是C。8.下列说法或表示方法正确的是( )A. 若将等量的硫蒸气和硫固体分别完全燃烧,后者放出热量多B. 由C(石墨)=C(金刚石)H=+1.9 kJmol-1可知,金刚石比石墨稳定C. 在101kPa时,2g H2完全燃烧生成液态水,放出285.8kJ热量,氢气燃烧的热化学方程式表示为2H2(g)+O2(g)2H2O(l) H=+285.8 kJmol-1D. 在稀溶液中:H+OH-H2O H=-57.3 kJmol-1,若将含1mol CH3COOH与含1mol NaOH的溶液混合,放出的热量小于57.3 kJ【答案】D【解析】【详解】
12、A.固体硫变为硫蒸汽要吸热,则燃烧时放出的热量较少,故A错误;B.反应为吸热反应,则石墨能量比金刚石小,能量越低越稳定,故B错误; C. 在101kPa时,2g H2完全燃烧生成液态水,放出285.8kJ热量,氢气燃烧的热化学方程式表示为H2(g)+1/2O2(g)H2O(l) H=-285.8 kJmol-1,故C错误;D.醋酸为弱电解质,电离吸热,则放出的热量小于57.3 kJ,故D正确，答案选D。【点睛】D选项易错点，注意醋酸为弱电解质，电离吸热。9.已知299 K时，合成氨反应 N2(g ) + 3H2 ( g )2NH3( g ) H = 92.0 kJ/mol，将此温度下的1 mo
13、l N2和3 mol H2放在一密闭容器中，在催化剂存在时进行反应，测得反应放出的热量为（忽略能量损失）A. 一定大于92.0 kJB. 一定等于92.0 kJC. 一定小于92.0 kJD. 不能确定【答案】C【解析】【详解】N2(g ) + 3H2( g )2NH3( g ) H = 92.0 kJ/mol指299K，1molN2与3molH2完全反应生成2molNH3放出92.0kJ的热量；由于该反应为可逆反应，反应物的转化率小于100%，将此温度下的1 mol N2和3 mol H2放在一密闭容器中，在催化剂存在时进行反应，测得反应放出的热量一定小于92.0kJ，答案选C。10.aA（
14、g）bB（g）cC（g）dD（g） HQ，同时符合下列两图中各曲线的规律是（ ）A. abcd T1T2 Q0B. abcd T1T2 Q0C. abcd T1T2 Q0D. abcd T1T2 Q0【答案】B【解析】【详解】由左图可知T1T2 ，升高温度生成物浓度降低，说明平衡向逆反应方向移动，则正反应放热，Q0；由右图可知增大压强，正反应速率大于逆反应速率，平衡向正反应方向移动，则a+bc+d，故选B。【点晴】本题考查化学平衡的移动问题，注意把握温度、压强对平衡移动的影响，答题时注意分析图象曲线变化的趋势，把握图象的分析能力。化学平衡图像题的解题技巧：紧扣特征，弄清可逆反应的正反应是吸热还
15、是放热，体积增大、减小还是不变，有无固体、纯液体物质参与反应等。先拐先平，在含量(转化率）时间曲线中，先出现拐点的则先达到平衡，说明该曲线反应速率快，表示温度较高、有催化剂、压强较大等。定一议二，当图像中有三个量时，先确定一个量不变，再讨论另外两个量的关系，有时还需要作辅助线。三步分析法，一看反应速率是增大还是减小；二看v正、v逆的相对大小；三看化学平衡移动的方向。11.在372 K时，把0.5 mol N2O4通入体积为5 L的真空密闭容器中，立即出现红棕色。反应进行到2 s时，NO2的浓度为 0.02 molL1。在60 s时，体系已达平衡，此时容器内压强为开始时的1.6倍。下列说法正确的
16、是()A. 前2 s以N2O4的浓度变化表示的平均反应速率为0.01 molL1s1B. 在2 s时体系内压强为开始时的1.1倍C. 在平衡时体系内含有N2O4 0.25 molD. 平衡时，N2O4的转化率为40%【答案】B【解析】【详解】A.2秒时NO2的浓度为0.02mol/L，则转化的N2O4的浓度为0.01mol/L，则前2秒以N2O4的浓度变化表示的平均反应速度为=0.005mol/（Ls），选项A错误；B2秒时NO2的物质的量为5L0.02mol/L=0.1mol，由N2O42NO2可知消耗的N2O4为0.05mol，故2s时N2O4的物质的量为0.5mol-0.05mol=0.
17、45mol，反应前后的物质的量之比等于压强之比，则在2秒时体系内的压强为开始时的=1.1倍，选项B正确；C设转化的N2O4的物质的量为x，则平衡时N2O4的物质的量为0.5mol-x，NO2的物质的量为2x，由平衡时容器内压强为开始时的1.6倍，则=1.6，解得x=0.3mol，选项C错误；DN2O4 的转化率为100%=60%，选项D错误。答案选B。12.下列说法正确的是（ ）A. 对于有气体参与的反应，增大压强，活化分子总数增多，化学反应速率增大B. 对放热反应而言，升高温度，活化分子百分数不变，化学反应速率增大C. 活化分子间发生的碰撞为有效碰撞D. 使用催化剂，活化分子百分数增多，化学
18、反应速率增大【答案】D【解析】【详解】A.增大压强，会使反应物的浓度增大，单位体积活化分子数目增多，则使有效碰撞次数增大，反应速率加快，但活化分子总数不变，A错误； B.升高温度，活化分子的百分数增多，有效碰撞次数增加，反应速率增大，B错误；C.活化分子发生碰撞，且发生化学反应，为有效碰撞，C错误；D.催化剂，降低反应所需的活化能，增大单位体积内活化分子的百分数，D正确； 故合理选项是D。13.下列叙述中，不能用勒夏特列原理解释是A. 红棕色的NO2加压后颜色先变深后变浅B. 高压比常压有利于合成SO3的反应C. 加入催化剂有利于氨的合成D. 工业制取金属钾Na(l)KCl(l)NaCl(l)
19、K(g)选取适宜的温度，使K变成蒸气从反应混合物中分离出来【答案】C【解析】【详解】A.二氧化氮与四氧化二氮之间存在化学平衡2NO2N2O4，红棕色NO2加压后颜色先变深是因为加压后二氧化氮的浓度变大了，后来变浅说明化学平衡向生成四氧化二氮的方向移动了，A可以用平衡移动原理解释；B. 合成SO3的反应是气体分子数减小的反应，加压后可以使化学平衡向正反应方向移动，所以高压比常压有利于合成SO3的反应，B可以用平衡移动原理解释；C. 加入催化剂可以加快化学反应速率，所以有利于氨的合成，但是不可以用平衡移动原理解释；D. 工业制取金属钾，Na(l)+KCl(l)NaCl(l)+K(g)，选取适宜的温
20、度，使K成蒸气从反应混合物中分离出来，有利于化学平衡向生成钾的方向移动，D可以用平衡移动原理解释。本题选C。14. 下列物质的水溶液能导电，但其本身属于非电解质的是（ ）A. 乙酸B. 酒精C. 食盐D. 氨气【答案】D【解析】【详解】选项A、乙酸的水溶液可以导电，但其本身是电解质；选项B、酒精的水溶液不导电，且本身是非电解质；选项C、食盐的水溶液能导电，且本身是电解质；选项D、氨气的水溶液能导电、但本身是非电解质。【点睛】非电解质：在水溶液和熔融状态下均不导电的化合物。对于非电解质概念的理解：非电解质必须是化合物，单质和混合物都不是非电解质；非电解质在水溶液和熔融状态下都不导电。另外，对于溶
21、液导电的原因是，电解质在水溶液中本身电离产生可自由移动的离子。15.在一定温度下，将2molSO2和1molO2充入一固定容积的密闭容器中，在催化剂作用下发生如下反应：2SO2（g）+O2（g）2SO3（g） H=-197kJ/mol，当达到化学平衡时，下列说法中正确的是A. SO2和SO3共2molB. 生成SO32molC. 放出197kJ热量D. 含氧原子共8mo1【答案】A【解析】【详解】A在化学反应中各元素的原子遵循原子守恒，所以化学平衡时二氧化硫和三氧化硫中硫原子的物质的量等于反应初始时二氧化硫的物质的量，故A正确；B可逆反应存在反应限度，反应物不可能完全转化为生成物，当正逆反应速
22、率相等时，反应达到平衡状态，所以将2mol SO2和1mol O2充入一定容积的密闭容器中，SO2和O2不可能完全转化为三氧化硫，故B错误；C可逆反应存在反应限度，反应物不可能完全转化为生成物，当正逆反应速率相等时，反应达到平衡状态，所以将2mol SO2和1mol O2充入一定容积的密闭容器中，SO2和O2不可能完全转化为三氧化硫，放出的能量小于197kJ，故C错误；D在化学反应中各元素的原子遵循原子守恒，平衡时含有的氧原子的物质的量等于初始时二氧化硫和氧气中氧原子的物质的量，为6mol，故D错误；故选A。16.在3个体积均为1 L的恒容密闭容器中发生反应：SO2(g)+2NO(g)2NO2
23、(g)+S(s)。改变容器I的反应温度，平衡时c(NO2)与温度的关系如图所示。下列说法正确的是（ ）A. 该反应的H0B. T1时，该反应的平衡常数为C. 容器与容器均在T1时达到平衡，总压强之比大于1：2D. 若T2T1，达到平衡时，容器中NO的体积分数大于40%【答案】C【解析】【详解】A.根据图象可知温度升高，平衡时NO2浓度降低，说明温度升高可使化学平衡逆向，因此正反应为放热反应，即H0，A错误；B.T1温度时，反应达到平衡时c(NO2)=0.2mol/L，则根据物质的转化关系可知平衡时c(SO2)=0.5mol/L-0.1mol/L=0.4mol/L，c(NO)=0.6mol/L-
24、0.2mol/L=0.4mol/L，所以反应的化学平衡常数为K=，B错误；C. T1温度时，容器平衡时气体总物质的量为0.4+0.4+0.2=1.0mol。容器起始时气体总物质的量为0.5+1.0+0.5=2.0mol，容器中Qc=0.5，说明反应起始时向正反应方向进行，平衡时气体总物质的量小于2.0mol，根据阿伏伽德罗定律，容器容积和反应温度一定，体系总压强与体系中混合气体的总物质的量成正比，所以总压强之比大于1:2，C正确； D.T2”或“”）。【答案】 (1). C3H8（g）+5O2（g）=3CO2（g）+4H2O（l）H-2219.8kJmol1 (2). -46 kJmol1 (
25、3). K= (4). 50% (5). 【解析】【分析】(1)根据热化学方程式的含义以及书写方法来回答；(2)热化学方程式要标明物质的聚集状态，并且焓变的符号和单位要正确，依据热化学方程式和盖斯定律含义计算；(3)结合平衡常数的概念写出平衡常数的表达式；根据化学平衡三段式计算；根据平衡常数只受温度影响分析。【详解】(1)因1g丙烷完全燃烧生成液态水时放出50.45kJ的热量，所以44g丙烷完全燃烧生成液态水，放出热量2219.8kJ，则丙烷完全燃烧的热化学方程式：C3H8(g)+5O2(g)3CO2(g)+4H2O(l)H=-2219.8kJ/mol；(2)CH4(g)+CO2(g)2CO(
26、g)+2H2(g)H=+260kJmol-1；2CO(g)+O2(g)2CO2(g)H=-566kJmol-1，将方程式2+得：2CH4(g)+O2(g)2CO(g)+4H2(g)H=46kJmol-1 ；(3)反应A(g)+B(g)2C(g)的平衡常数表达式K=；设A的转化率为x，根据化学平衡三段式计算：A(g)+B(g)2C(g)起始量(molL-1) 2 2 0转化量(molL-1) 2x 2x 4x平衡量(molL-1) 2-2x 2-2x 4x根据化学平衡常数概念列式：k=4，解得x=0.5，故A的转化率为50%；升高温度至T2时，平衡常数为1，说明平衡逆向移动，正反应为放热反应，即
27、H0。【点睛】应用盖斯定律进行简单计算的基本方法是参照新的热化学方程式(目标热化学方程式)，结合原热化学方程式(一般23个)进行合理“变形”，如热化学方程式颠倒、乘除以某一个数，然后将它们相加、减，得到目标热化学方程式，求出目标热化学方程式的H与原热化学方程式之间H的换算关系。20.某氮肥厂氨氮废水中的氮元素多以NH4+和NH3H2O的形式存在，该废水的处理流程如下：(1)过程：加NaOH溶液，调节pH至9后，升温至30，通空气将氨赶出并回收。用离子方程式表示加NaOH溶液的作用：_。用化学平衡原理解释通空气的目的：_。(2)过程：在微生物作用的条件下，NH4+经过两步反应被氧化成NO3-。两
28、步反应的能量变化示意图如下：1molNH4+(aq)全部氧化成NO3-(aq)的热化学方程式是_。.N2H4和H2O2混合可作火箭推进剂，已知：16g液态N2H4和足量氧气反应生成N2(g)和H2O(l)，放出310.6kJ的热量；2H2O2(l)=O2(g)+2H2O(l) H=-196.4kJ/mol。反应N2H4(g)+O2(g)=N2(g)2H2O(l)的H=_kJ/mol。N2H4和H2O2反应生成N2(g)和H2O(l)的热化学方程式为_。【答案】 (1). NH4+OH-NH3H2O (2). 废水中的NH3被空气带走，使NH4+OH-NH3H2O的平衡向正反应方向移动，利于除氨
29、 (3). NH4+(aq)+2O2(g)=2H+(aq)+NO3-(aq)+H2O(l) H=-346kJ/mol (4). -621.2 (5). N2H4(l)+2H2O2(l)=N2(g)+4H2O(l) H=-817.6kJ/mol【解析】【分析】I.(1)铵根能和强碱反应生成一水合氨；减少生成物，可以使化学平衡向正反应方向移动；(2)将已知的热化学方程式叠加，可得待求反应的热化学方程式；结合图象根据盖斯定律来计算反应的焓变II.先写出液态联氨燃烧的热化学方程式，然后根据盖斯定律来解答。【详解】I.(1)铵盐能和强碱反应，实质是：NH4+OH-NH3H2O；氨水电离是可逆反应，NH4
30、+OH-NH3H2ONH3+H2O，向氨水中通入空气，空气会将生成的氨气带走，即减少生成物，可以使化学平衡向正反应方向移动，即更多的生成氨气而除去氨气；(2)根据图示可知第一步的热化学方程式：NH4+(aq)+O2(g)=NO2-(aq)+2H+(aq)+H2O(l) H=-273kJ/mol； 第二步的热化学方程式为：NO2-(aq)+O2(g)=NO3-(aq)，H=-73kJ/mol，根据盖斯定律将+，整理可得：NH4+(aq)+2O2(g)=2H+(aq)+NO3-(aq)+H2O(l) H=-346kJ/mol；II.16g液态N2H4和足量氧气反应生成N2(g)和H2O(l)，放出
31、310.6kJ的热量，16gN2H4的物质的量是n(N2H4)=16g42g/mol=0.5mol，则1mol液态N2H4反应产生N2和液体水放出热量是310.6kJ0.5=621.2kJ；该反应的热化学方程式为N2H4(l)+O2(g)=N2(g)+2H2O(l) H=-621.2kJ/mol；2H2O2(l)=2H2O(l)+O2(g) H=-196.4kJ/mol根据盖斯定律，+得：N2H4(l)+2H2O2(l)=N2(g)+4H2O(l) H=-817.6kJ/mol。【点睛】本题考查热化学方程式的书写，化学平衡移动原理的应用等知识，根据盖斯定律，将已知的热化学方程式叠加就可以求得反
32、应的热化学方程式，要注意注明物质的存在状态，注明反应热的符号、数值及单位。21.下表是不同温度下的离子积数据：温度()25t1t2水的离子积常数110-14110-12试回答以下问题：(1)若25t1”、“”或“=”)11014，作出此判断的理由是_。(2)在t1时，测得纯水中的c(H)=2.4107mol/L，则c(OH-)为_。该温度下，测得某H2SO4溶液中c(SO42-)=5106 molL1，该溶液中c(OH-)=_mol/L。(3)在一条件下，CH3COOH溶液中存在电离平衡：CH3COOHCH3CH3COO+H+ H0，下列方法中，可以使0.10molL1CH3COOH溶液中CH
33、3COOH电离程度增大的是_。a.加入少量0.10molL1的稀盐酸 b.加热c.加水稀释至0.010mol/L d.加入少量冰醋酸e.加入少量氯化钠固体 f.加入少量0.10molL1的NaOH溶液(4)c(H+)相同的等体积的两份溶液CH3COOH和HCl，分别与足量的锌粉反应，则下列说法正确的是_(填写序号) a.反应所需要的时间CH3COOHHClb.开始反应时的速率HClCH3COOHc.参加反应的锌粉物质的量二者相等d.CH3COOH消耗的锌粉的质量更多【答案】 (1). (2). 水的电离是吸热反应，升高温度，平衡向着正反应方向移动，c(H)增大，c(OH-)增大，Kw= c(H
34、)c(OH-)，Kw增大 (3). 2.410-7mol/L (4). 5.7610-9mol/L (5). bcf (6). d【解析】【分析】(1)根据水的电离过程是吸热反应，温度升高，水的电离程度增大分析；(2)在任何温度下水电离产生的H+、OH-离子浓度相等；根据硫酸电离产生的离子浓度关系计算溶液中c(H)，然后利用该温度下的水的离子积Kw计算该溶液中c(OH-)；(3)醋酸电离过程中吸热，用化学平衡移动原理分析判断；(4)醋酸是一元弱酸，在溶液中存在电离平衡，物质的浓度c(CH3COOH)c(HCl)=c(H+)，根据溶液中含有的H+的物质的量或c(H+)变化分析。【详解】(1)水是
35、弱电解质，存在电离平衡，电离过程吸收热量，所以温度升高，水的电离程度增大，c(H+)增大，c(OH-)增大，Kw=c(H+)c(OH-)，水的离子积Kw增大，110-14；(2)H2O电离产生H+、OH-，二者浓度相等，所以在t1时，测得纯水中的c(H+)=2.410-7mol/L，则c(OH-)=c(H)=2.4107mol/L；该温度下，测得某H2SO4溶液中c(SO42-)=510-6 molL-1，根据硫酸的电离方程式H2SO4=2H+SO42-可知该溶液中c(H)=2c(SO42-)=2510-6 mol/L=10-5mol/L，在该温度下水的离子积常数Kw= c(H+)c(OH-)
36、=2.4107mol/L2.410-7mol/L，则该溶液中c(OH-)=mol/L=5.7610-9mol/L；(3)在一条件下，CH3COOH溶液中存在电离平衡：CH3COOHCH3CH3COO+H+ ，醋酸电离吸收热量，H0。a.加入少量0.10molL1的稀盐酸，使溶液中c(H+)增大，平衡逆向移动，CH3COOH电离程度减小，a不符合题意；b.醋酸电离过程中吸收热量，加热升高温度，平衡向电离的方向移动，醋酸电离程度增大，b符合题意；c.加水稀释至0.010mol/L，电离平衡正向移动，醋酸电离程度增大，c符合题意； d.加入少量冰醋酸，醋酸的浓度增大，电离平衡正向移动，但醋酸的电离程
37、度降低，d不符合题意；e.加入少量氯化钠固体，电离产生的离子对醋酸的电离平衡无影响，e不符合题意； f.加入少量0.10molL1的NaOH溶液，OH-与醋酸电离产生的H+结合生成水，使溶液中c(H+)降低，平衡正向移动，f符合题意；故合理选项是bcf；(4)a.醋酸是一元弱酸，在溶液中存在电离平衡，HCl和醋酸的中c(H+)相同，则c(CH3COOH)c(HCl)，反应过程中c(H+)：醋酸HCl，所以反应所需要的时间CH3COOHn(HCl)，所以参加反应的锌粉物质的量醋酸盐酸，c错误；d.溶液中CH3COOH的物质的量比盐酸中的HCl的物质的量多，所以消耗的锌粉的质量更多，d正确；故合理选项是d。【点睛】本题考查了水的离子积与温度的关系及强、弱电解质溶液电离的知识，弱电解质电离过程吸收热量，在溶液中存在电离平衡，电解质的浓度大于其电离产生的离子浓度，要根据平衡移动原理分析各种外界条件的影响，解题时要善于利用溶质物质的量的变化去分析。