1、1榆林市 2020 届高考线上模拟测试物理试题答案注意：本试卷分为第 I 卷（选择题）和第 II 卷（非选择题）两部分。满分 100 分。考试时间 90 分钟。第 I 卷（选择题共 48 分）一、选择题（本题共 12 小题，每小题 4 分，共 48 分。在每小题给出的四个选项中，第 18 只有一个选项符合题目要求，第 912 有多个选项符合题目要求，全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分。有选错的得 0 分。）1.C【解析】铀核裂变的核反应是 23592U10n14156Ba9236Kr310n，故 A 错误；德布罗意根据光的波粒二象性，大胆提出假设，认为实物粒子也具有波动性，故B 错误
2、；受到电子或其他粒子的碰撞，原子也可从低能级向高能级跃迁，不吸收光子也能实现，故 C 正确；根据爱因斯坦的“光子说”可知，根据c，光的波长越大，频率越小，故能量 Eh越小，故 D 错误。2.选考题：请考生从给出的 2 道题中，任选一题作答（1）.B【解析】由题中图象可知，气体由 A 到 B 过程为等容变化，由查理定律得pATApBTB，pApB，故 TATB；由 B 到 C 过程为等压变化，由盖吕萨克定律得VBTBVCTC，VBVC，故 TBTT，选项 A 正确；飞船在 P 点从轨道变轨到轨道，需要在 P 点朝速度方向喷气，从而使飞船减速，则飞船在轨道上的机械能小于在轨道上的机械能，选项 B
3、错误，C 正确；若轨道贴近火星表面，可认为轨道半径等于火星半径，根据万有引力提供向心力，GMmR2 mR2，以及密度公式MV，火星体积 V43R3，联立解得324G，已知飞船在轨道上运动的角速度，可以推知火星的密度，选项 D 正确。所以选项为 B.6.C【解析】选 C。电子在电场中做曲线运动,虚线 AB 是电子只在静电力3作用下的运动轨迹,电场力沿电场线指向曲线的凹侧,电场的方向与电场力的方向相反,如图所示,由所知条件无法判断电子的运动方向,故 A 错误;若 aAB,电子电势能 Ep=-e,电势能是标量,所以一定有 EpA0，又因为 q 为负电荷且 EPqP，所以小球的电势能将减小，所以 B
4、错误，D 正确。10.AD【解析】因为 B 没有运动，所以物体 A 下落过程中，只有弹力和重力做功，故物体 A 和弹簧组成的系统机械能守恒，A 正确；因为 A 刚下落时，弹簧处于原长，A 落地时，弹簧对 B 的弹力大小等于 B 的重力，故 khmg，解得 kmgh，B 错误；物体 A 落地时弹簧对绳子的拉力大小为 mg，故对 A 分析，受到竖直向上的拉力，大小为 mg，竖直向下的重力，大小为 2mg，故根据牛顿第二定律可得 2mgmg2ma，解得 ag2，C 错误；物体 A 下落过程中，物体 A和弹簧组成的系统机械能守恒，故 2mgh122mv2Ep，解得 Ep2mghmv2，D正确。11.A
5、C【解析】由楞次定律可知，通过电阻 R 的电流方向为 MP，故 A正确；产生的感应电动势为 EBt SkL2，根据欧姆定律可得电流为 IERkL22R，故 B 错误；杆刚要运动时，mgktIL0，又因 qIt，联立可得 qmgkL，故 C5正确；根据功率公式 PI2Rk2L44R，故 D 错误。12AC【解析】由图乙可知，当斜面的倾角为 90时，x1.80 m，则由竖直上抛运动规律可知 v202gx，解得 v0 2101.80 m/s6 m/s，当0时，x2.40 m，由动能定理可得mgx12mv20，解得 v202gx34，A 正确，B错误；取不同的倾角时，根据动能定理得mgxsin mgc
6、os x012mv20，解得 xv202gsin cos 3620sin 34cos m181054sinm，tan 3437，当90，即53时 sin()1，此时位移最小，xmin1.44 m，C 正确；当30时，物体受到的重力沿斜面向下的分力 Fmgsin 3012mg，摩擦力 fmgcos 300.75mg 32 3 38 mg，因 Ff，故小球到达最高点后，不会下滑，D 错误。第 II 卷（非选择题共 52 分）二、非选择题:包括必考题和选考题两部分。第 13 题第 16 题为必考题，每个试题考生都必须做答。第 17 题第 18 题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题（共计 42
7、分）13(每空 2 分，共 6 分)答案(1)0.885(2)gh12d2t2Bd2t2A解析(1)根据游标卡尺的读数规则可知，小球的直径为 0.885 cm。(2)小球从 A 到 B，重力势能减少了 mgh，动能增加了 12m d2t2Bd2t2A，因此，要验证机械能是否守恒，只需比较 gh 与12d2t2Bd2t2A是否相等即可。(3)小球下落过程中，受到空气阻力的作用，造成机械能损失，所以 gh 与12(v2Bv2A)总是存在一定的误差。614(每空 2 分，共 12 分)答案(1)0.397(0.3950.399 均可)(2)乙(3)见解析图(a)(4)见解析图(b)4.5(4.24.
8、8 均可)(5)C 解 析(1)螺 旋 测 微 器 的 读 数 为(0 39.70.01)mm 0.397 mm。(0.395mm0.399mm 都算对）(2)通过给定的数据发现金属丝两端的电压接近从 0 开始，故滑动变阻器采用的是分压式接法，选乙。(3)实物图连接如图(a)所示。(4)图线应过原点，且使大多数点在一条直线上，不在直线上的点均匀分布在直线两侧。根据表中数据描点作图，如图(b)所示。图线的斜率表示金属丝的电阻，所以 Rx4.5(4.24.8均可）。(5)在 RlS、S d22中，取 d4104 m、l0.5 m、R4.5，解得 1106 m。15（8 分）解析（1）设碰撞后 B
9、车的速度分别为Bv ，由动能定理得，2102BBBBm vm gL.2 分代入数据，得3.0 m/sBv .1 分（2）设碰撞后 A 车的速度分别为Av ，由动能定理得，2102AAAAm vm gL.2 分7两车在碰撞过程中动量守恒，有AAAABBm vm vm v.2 分联立 式并利用题给数据得4.25 m/sAv.1 分16.（16 分）【答案】解：（1）如图是粒子在电场、磁场中运动的轨迹图粒子在电场中做类平抛运动，设粒子从到的时间为 t，电场强度的大小为 E，粒子在电场中的加速度为 a，由牛顿第二定律及运动学公式有：02hv t.1 分qEma.2 分212hat.1 分由式解得：20
10、2mvEqh.1 分（2）粒子到达时速度沿 x 方向的分量仍0v，以1v 表示速度沿 y 方向分量的大小，v 表示速度的大小，表示速度与 x 轴的夹角，则有212vah.1 分2210vvv.1 分10tanvv.1 分由式可得：10vv.1 分由式得：02vv.1 分045.1 分8（3）设磁场的磁感应强度为 B，在洛仑兹力作用下粒子做匀速圆周运动的半径为 r，根据几何关系可知2rh.2 分由牛顿第二定律有2mvqvBr.2 分由可得：0mvBqh.1 分（二）选考题：共计 10 分。请考生从给出的 2 道题中，任选一题作答。17(选修 33）(10 分)答案：(1)342.9 K(2)4
11、cm解析：(1)左管内气体压强p1pp70 cmHg.1 分当左右两管内水银面相等时，气体压强p276 cmHg.1 分由于右管截面积是左管的两倍，所以当两边水银面等高时左管水银面将下降4 cm，右管中水银面将上升 2 cm，管内气柱长度l280 cm.1 分根据p1V1T1p2V2T2.2 分得 T2342.9 K。.1 分(2)设气柱恢复原长时压强为 p3p2V2p3V3.2 分得 p380 cmHg.1 分又pp3p4 cmHg.1 分所以高度差为 4 cm。918(选修 34）答案(1)3(2)1.3109 s解析(1)光路如图，光在 E 点发生反射，光在 F 点发生折射，由反射定律1230.1 分AEF 为等边三角形，330.1 分光沿垂直 AB 面方向自 AC 面射出，460.1 分该介质的折射率 nsin4sin3.1 分解得 n 3。.1 分(2)光在介质中的传播速度 vcn.1 分DEDBtanB.1 分EFAEBCBDcosB.1 分光在介质中的传播时间 tDEEFv.1 分解得 t1.3109 s。.1 分（命题：董秋平审题：甄士江）