1、第二章第三节第2课时基 础 巩 固一、选择题1实验室常利用以下反应制取少量氮气:NaNO2NH4ClNaClN22H2O;关于该反应的下列说法不正确的是(C)ANaNO2是氧化剂,NH4Cl是还原剂BN2既是氧化产物,又是还原产物CNH4Cl中的氮元素被还原,发生还原反应D每生成1 mol N2时,转移电子的物质的量为3 mol解析:该反应中氮元素化合价由3、3变为0,所以亚硝酸钠是氧化剂,氯化铵是还原剂,正确;B项,N2既是氧化产物,又是还原产物,正确;C项,该反应中NH4Cl中的氮元素失电子被氧化,发生氧化反应,错误;D项,该反应每生成1 mol N2时,转移电子的物质的量1 mol(30
2、)3 mol,正确。2(2019秦皇岛高一检测)下列微粒中,只有氧化性的是(C)S2Fe2Fe3SHNaMgABCD解析:元素在最高价时只有氧化性,最低价只有还原性,中间价态既有氧化性又有还原性。S2在最低价态,Fe2处于中间价态,Fe3在最高价态,S在中间价态,H在最高价态,Na在最高价态,Mg处于最低价态。3(2019廊坊高一检测)已知5KClKClO33H2SO4=3Cl23K2SO43H2O,下列说法不正确的是(D)AKClO3是氧化剂B被氧化与被还原的氯元素的质量比为51CH2SO4既不是氧化剂又不是还原剂D1 mol KClO3反应时有10 mol电子转移解析:反应中电子转移情况为
3、5KClKClO33H2SO4=3C失去5e,被氧化得到5e,被还原l23K2SO43H2O,反应中KCl为还原剂,KClO3为氧化剂,反应中被氧化和被还原的氯元素的质量比为51,每1 mol KClO3反应,转移电子5 mol,A、B正确,D错误;反应中H2SO4既不作氧化剂又不作还原剂,C正确。4(2019泰州高一检测)已知:2KMnO416HCl(浓)=2KCl5Cl22MnCl28H2O,下列说法正确的是(D)AHCl发生了还原反应B氧化性:Cl2KMnO4C氧化剂与还原剂的物质的量比为18D当产生标准状况下22.4 L氯气,转移电子数为2NA解析:部分HCl中负一价氯被氧化为氯气,H
4、Cl发生了氧化反应,故A错误;氧化剂的氧化性大于氧化产物,则氧化性:KMnO4Cl2,故B错误;氧化剂与还原剂的物质的量比为21015(16 mol HCl只有10 mol HCl被氧化为5 mol的氯气),故C错误;当产生标准状况下22.4 L氯气,即1 mol氯气转移电子数为2NA个,故D正确。5一定条件下,氨气与一氧化氮发生反应:NH3NON2H2O(未配平)。在该反应中,被氧化与被还原的氮原子数之比为(A)A23B32C45D56解析:在氧化还原反应中,得失电子数目相等。NH3中N的化合价为3,反应后变为0,作还原剂被氧化;NO中N的化合价为2,反应后为0,作氧化剂被还原。为保持得失电
5、子数目相等,则应为2个NH3和3个NO反应,所以被氧化与被还原的氮原子的原子个数比为23。6(2019西安高一检测)已知反应2BrOCl2=Br22ClO5Cl2I26H2O=2HIO310HClClO5Cl6H=3Cl23H2O,下列物质氧化性大小顺序正确的是(C)AClOBrOIOCl2BBrOCl2ClOIOCBrOClOCl2IODCl2BrOClOIO解析:利用氧化剂的氧化性强于氧化产物的氧化性,BrO是氧化剂,ClO是氧化产物,即氧化性:BrOClO;Cl2是氧化剂,HIO3是氧化产物,氧化性:Cl2HIO3;ClO是氧化剂,Cl2既是氧化产物又是还原产物,氧化性:ClOCl2;综
6、上所述,氧化性强弱:BrOClOCl2HIO3,故选项C正确。7(2019大连高一检测)在一定条件下,氯气与碘单质以等物质的量进行反应,可得到一种红棕色液体ICl,ICl有很强的氧化性,ICl跟Zn、H2O反应的化学方程式如下:2ICl2Zn=ZnCl2ZnI2,IClH2O=HClHIO,下列关于ICl性质的叙述正确的是(B)AZnCl2是氧化产物,又是还原产物BZnI2既是氧化产物,又是还原产物CICl跟H2O的反应,ICl是氧化剂,H2O是还原剂D反应6.5 g Zn,转移电子0.1 mol解析:2ICl2Zn=ZnCl2ZnI2中Zn的化合价升高,I的化合价降低,而IClH2O=HCl
7、HIO中,各元素的化合价不变。在反应中ZnCl2是氧化产物,故A错误;在反应中ZnI2既是氧化产物,又是还原产物,故B正确;IClH2O=HClHIO中,各元素的化合价不变,不属于氧化还原反应,故C错误;6.5 g Zn的物质的量为0.1 mol,反应后生成Zn2,转移电子0.2 mol,故D错误。二、非选择题8(2019武威高一检测)已知金属锌和硝酸存在如下转化关系:ZnHNO3Zn(NO3)2N2OH2O(1)配平上述氧化还原反应方程式:4Zn10HNO3=4Zn(NO3)2N2O5H2O。(2)该反应的还原剂是_Zn_,被还原的元素是_N_。(3)若标准状况下产生气体体积为11.2 L,
8、则转移的电子数为_4NA_。(4)若反应中还原剂消耗0.2 mol,则参加反应的氧化剂物质的量为_0.1 mol_。解析:(1)锌与硝酸的反应中,锌化合价从0价升高为2价的锌离子,硝酸根离子中5价的氮元素化合价降为1价的氮,要使氧化剂得到电子数等于还原剂失去电子数,则锌的系数为4,N2O系数为1,依据原子个数守恒可知反应的方程式:4Zn10HNO3=N2O4Zn(NO3)25H2O。(2)反应中锌化合价升高为还原剂,硝酸中氮化合价降低为氧化剂,被还原的元素为N。(3)N2O体积为11.2 L,物质的量为0.5 mol,根据4Zn10HN8eO3=N2O4Zn(NO3)25H2O可知转移电子数为
9、0.5 mol84 mol4NA。(4)参加反应的Zn为0.2 mol,则生成的N2O的物质的量为0.2 mol0.05 mol,则参加反应的氧化剂物质的量为0.05 mol20.1 mol。9(1)在Cu2H2SO4(浓)CuSO4SO22H2O反应中,请用双线桥法标出元素化合价的升降、电子得失和被氧化、被还原的情况。Cu2H2SO4(浓)CuSO4SO22H2OCu2H2SO4(浓)C失2e,化合价升高,被氧化uSO4S得2e,化合价降低,被还原O22H2O(2)维生素C能使食物中的Fe3转化为Fe2,即Fe3Fe2在上述变化中,Fe3被_还原_(填“氧化”或“还原”,下同),维生素C是_
10、还原_剂。若有1 mol Fe3转化为Fe2,则维生素C_失_(填“得”或“失”)_1_mol电子。解析:(1)在Cu2H2SO4(浓)CuSO4SO22H2O反应中,铜元素化合价升高,失电子被氧化,硫元素化合价降低,得电子被还原,电子转移的方向和数目可表示为Cu2H2SO4(浓)C失2e,化合价升高,被氧化uSO4S得2e,化合价降低,被还原O22H2O(2)反应中铁元素的化合价降低,则Fe3作氧化剂,被还原。维生素C是还原剂;若有1 mol Fe3转化为Fe2共得到1 mol电子,根据电子守恒,则维生素C失1 mol电子。10(2019铜陵高一检测)完成下列填空:(1)已知反应:Fe2O3
11、2AlAl2O32Fe,则该反应所属基本反应类型是_置换反应_。在反应中铁元素的化合价变化_降低_(填“升高”或“降低”),该元素的原子_得到_(填“失去”或“得到”)电子。发生氧化反应的是_Al_,发生还原反应的是_Fe2O3_。(2)反应2KMnO416HCl(浓)=2MnCl22KCl5Cl28H2O中:反应中被氧化的元素是_Cl_,被还原的元素是_Mn_。若生成71 g Cl2,则消耗的HCl是_3.2_mol,被氧化的HCl是_2_mol,转移电子的物质的量是_2 mol_。能 力 提 升一、选择题1我国古代文献中有许多化学知识的记载,如梦溪笔谈中的“信州铅山县有苦泉挹其水熬之,则成
12、胆矾,熬胆矾铁釜,久之亦化为铜”等,上述描述中没有涉及的化学反应类型是(A)A复分解反应B化合反应C离子反应D氧化还原反应2(2019襄阳高一检测)下列化学变化中,需加入氧化剂才能实现的是(B)A(NH4)2SO4NH3BCCO2CCl2HClODHClAgCl解析:硫酸铵生成NH3,没有化合价的变化,此反应不属于氧化还原反应,故A错误;CCO2,C的化合价由0价4价,化合价升高,因此C转化成CO2需要氧化剂,故B正确;氯气生成HClO,发生Cl2H2O=HClHClO,氯气既是氧化剂又是还原剂,因此不需要加入氧化剂,故C错误;HClAgCl,没有化合价的变化,不属于氧化还原反应,故D错误。3
13、赤铜矿的主要成分是氧化亚铜(Cu2O),辉铜矿的主要成分是硫化亚铜(Cu2S),将赤铜矿与辉铜矿混合加热有如下反应:Cu2S2Cu2O=6CuSO2,下列对于该反应的说法正确的是(D)A该反应中的氧化剂只有Cu2OBCu既是氧化产物又是还原产物CCu2S在反应中只作还原剂D氧化产物与还原产物的物质的量之比为16解析:Cu2S中Cu的价态为1价,Cu2O中Cu的价态为1价,根据反应方程式,1价的Cu转化成0价Cu,化合价降低,因此Cu2O和Cu2S属于氧化剂,故A错误;根据选项A的分析,Cu为还原产物,故B错误;Cu2S中的S显2价,转化成4价S,化合价升高,因此Cu2S既是氧化剂又是还原剂,故
14、C错误;Cu为还原产物,SO2为氧化产物,氧化产物与还原产物的物质的量之比为16,故D正确。4已知OCN中氮元素显3价,在反应OCNOHCl2CO2N2ClH2O(未配平)中,如果有6 mol Cl2完全反应,则被氧化的OCN的物质的量是(C)A2 molB3 molC4 molD6 mol解析:OCN中C显4价,N显3价,反应中只有N和Cl的化合价改变,根据OCNN2、Cl22Cl,由得失电子守恒:3n(Cl2)2n(OCN),可知6 mol Cl2完全反应,有4 mol OCN被氧化,C对。5(2019天水高一检测)由于Cl2对饮用水消毒,生成的有机氯化物对人体有害。世界环保联盟建议使用C
15、lO2,它是一种消毒杀菌效率高、二次污染小的水处理剂。实验室可通过以下反应制得ClO2:KClO3H2C2O4H2SO4ClO2K2SO4CO2H2O(未配平)。下列说法正确的是(D)AKClO3在反应中是还原剂B1 mol KClO3参加反应,在标准状况下能得到22.4 L气体CClO2消毒的效率(以单位质量得到电子数表示)是Cl2的约5.3倍D1 mol KClO3参加反应有1 mol电子转移解析:KClO3中Cl化合价从5价降低到4价,得到1个电子,在反应中是氧化剂,A错误;1 mol KClO3参加反应得到1 mol电子,草酸中碳元素化合价从3价升高到4价,失去1个电子,所以得到的气体
16、是1 mol ClO2和1 mol CO2,在标准状况下的体积是44.8 L,B错误;ClO2消毒的效率(以单位质量得到电子数表示)是Cl2的2.63倍,C错误;根据以上分析可知1 mol KClO3参加反应有1 mol电子转移,D正确。6已知反应:Cl22KBr=2KClBr2KClO36HCl=3Cl2KCl3H2O2KBrO3Cl2=Br22KClO3。下列说法正确的是(A)A氧化性由强到弱的顺序为KBrO3KClO3Cl2Br2B中KCl是氧化产物,KBr发生还原反应C中1 mol氧化剂参加反应得到电子2 molD反应中氧化剂与还原剂的物质的量之比为16解析:氧化性中:Cl2Br2、中
17、:KClO3Cl2、中:KBrO3KClO3,A对;中KCl是还原产物,KBr发生氧化反应,B错;中氧化剂是KBrO3,其转化为Br2,故1 mol KBrO3参加反应得到电子的物质的量为5 mol,C错;反应中氧化剂是KClO3,Cl的化合价降低5价,还原剂是HCl,Cl的化合价升高1价,故氧化剂与还原剂的物质的量之比为15,D错。7(2019武汉高一检测)将0.195 g锌粉加入20.0 mL的0.100 molL1 MO溶液中,恰好完全反应,则还原产物可能是(B)AMBM2CM3DMO2解析:锌粉的物质的量为0.003 mol,完全反应后失电子0.006 mol,若M的化合价由5变为x,
18、则(5x)0.020 0 L0.100 molL10.006 mol,可得x2。8(2019济南高一检测)钯的化合物PdCl2通过化学反应可用来检测有毒气体CO,该反应的反应物与生成物有CO、Pd、H2O、HCl、PdCl2和一种未知物质X。下列说法不正确的是(A)A反应中转移的电子为1 mol时,生成2 mol物质XB未知物质X为CO2C反应中CO作还原剂D题述反应条件下还原性:COPd解析:钯的化合物PdCl2通过化学反应可用来检测有毒气体CO,PdCl2作反应物,Pd化合价降低,CO中碳元素化合价升高,发生反应的化学方程式为COPdCl2H2O=CO2Pd2HCl。X物质为CO2,反应中
19、转移的电子为1 mol时,生成0.5 mol物质X,选项A不正确;由反应可知,X物质为CO2,选项B正确;碳元素的化合价升高,则CO作还原剂,选项C正确;CO作还原剂,Pd为还原产物,则还原性为COPd,选项D正确。9(2019南宁高一检测)中科大发现了人工合成金刚石的新方法,化学原理为NaCO2C(金刚石)C(石墨)Na2CO3(未配平),这种合成具有深远的意义。下列说法不正确的是(B)A该反应中,钠作还原剂,二氧化碳作氧化剂B每生成1 mol Na2CO3时,共转移4 mol电子C该反应中Na2CO3是氧化产物D还原性Na大于C解析:根据发生原理,Na的化合价升高,钠作还原剂,CO2中C的
20、化合价降低,CO2为氧化剂,故A说法正确;根据化学反应方程式,CO2中一部分C转化成石墨和金刚石,一部分C转化成Na2CO3,因此根据Na计算转移电子,即每生成1 mol Na2CO3,转移2 mol电子,故B说法错误;碳酸钠中Na是由金属钠失去电子转化而成,因此碳酸钠是氧化产物,故C说法正确;金属钠为还原剂,C为还原产物,还原剂的还原性强于还原产物的还原性,即Na的还原性强于C,故D说法正确。二、非选择题10二氧化硒(SeO2)是一种氧化剂,其被还原后的单质硒可能成为环境的污染物,通过与浓硝酸或浓硫酸反应生成SeO2以回收Se。完成下列填空:(1)Se和浓硝酸反应的还原产物为NO和NO2,且
21、NO和NO2的物质的量之比为11,写出Se和浓硝酸的反应方程式:Se2HNO3(浓)=SeO2H2ONONO2。(2)已知:Se2H2SO4(浓)=2SO2SeO22H2O2SO2SeO22H2=Se2SO4HSeO2、H2SO4(浓)、SO2的氧化性由强到弱的顺序是_H2SO4(浓)SeO2SO2_。(3)回收得到的SeO2的含量,可以通过下面的方法测定:SeO2KIHNO3SeI2KNO3H2OI22Na2S2O3=Na2S4O62NaI配平方程式,标出电子转移的方向和数目:。反应中每生成1 mol Na2S4O6,转移电子数为_2NA_。解析:(1)若还原产物NO、NO2各1 mol,则
22、转移电子4 mol,参加反应的HNO3为2 mol,1 mol Se由0价升高到4价,反应方程式为Se2HNO3(浓)=H2SeO3NONO2。(2)根据氧化剂的氧化性大于氧化产物知,氧化性:H2SO4(浓)SeO2SO2。(3)根据得失电子守恒和原子守恒,可得配平后的方程式。反应中每生成1 mol Na2S4O6,消耗1 mol I2,转移电子数为2 mol,即2NA。11(2019长春高一检测)某反应中反应物与生成物有AsH3、H2SO4、KBrO3、K2SO4、H3AsO4、H2O和一种未知物质X。(1)已知KBrO3在反应中得到电子,则该反应的还原剂是_AsH3_。(2)已知0.2 m
23、ol KBrO3在反应中得到1 mol电子生成X,则X的化学式为_Br2_。(3)根据上述反应可推知_bd_。a氧化性:H3AsO4KBrO3b氧化性:KBrO3H3AsO4c还原性:XAsH3d还原性:AsH3X(4)将氧化剂和还原剂的化学式及其配平后的系数填入下列方框中,并标出电子转移的方向和数目。解析:(1)KBrO3在反应中得到电子,则Br的化合价降低,给出的物质中AsH3具有还原性,As的化合价在反应中升高,故答案为AsH3;(2)设X中Br化合价为x,由元素化合价的变化可知转移的电子为0.2 mol(5x)1 mol,解得x0,则X为Br2;结合氧化还原反应的配平可得反应:5AsH34H2SO48KBrO3= 4K2SO45H3AsO44Br24H2O;(3)在反应5AsH34H2SO48KBrO3=4K2SO45H3AsO44Br24H2O中,由KBrO3生成Br2,Br的化合价由5价降低到0价,KBrO3作氧化剂,氧化性:KBrO3H3AsO4,AsH3生成H3AsO4,化合价由3价升高到5价,AsH3作还原剂,所以还原性:AsH3Br2,答案选bd;(4)KBrO3在反应中得到电子,AsH3失去电子,转移的电子数为40e,则标出电子转移的方向和数目为8KBrO35A40esH3。