1、 11 月调研测试卷（物理）参考答案 第 1 页 共 5 页 t v v0O 小物块 甲 乙 A B C 答图 1 2023 年重庆市普通高中学业水平选择性考试 11 月调研测试卷 物理参考答案 17 BDBCADC 8 AD 9 BC 10 ACD 1 B。骑在不同位置的木马上的游客以相同的角速度做匀速圆周运动，选项 B 正确。2 D。在此过程中，橡皮擦受力平衡，橡皮擦所受合力始终为零，选项 A 错误；橡皮擦受课本的弹力减小，选项 B 错误；橡皮擦受课本的作用力不变，选项 C 错误；橡皮擦受课本的摩擦力增大，选项 D 正确。3 B。近地卫星甲比同步卫星乙轨道半径小，由2224TrmrMmG知
2、21TT，选项 B 正确，选项 A 错误；不确定说明箱子必受到沿斜面向下的滑动摩擦力，所以箱子沿斜面向上减速运动，选项 C 正确。5 A。当小球到达最低位置时，小球速度大小为 v，设弹簧的总长度为 l，弹性势能为 Ep，弹簧的弹力大小为 F近地卫星甲和同步卫星乙的质量大小关系，不能确定二者所受地球引力大小关系，选项 C、D 均错误。4 C。设斜面倾角为，重力加速度为 g，由分析知，小球与箱子的加速度方向沿斜面向下，且大小 agsin，则有2vFmgm l，2p12mglmvE，p0E，解得3mgFmg，选项 A 正确。6 D。设定打桩机每次打击过程对圆柱体做功为 W，由题意得：第一次打击后，2
3、012Wkh。第(n-1)次打击后，圆柱体进入泥土总深度为 hn-1，21112nnWkh()。第 n 次打击后，圆柱体进入泥土总深度为 hn，212nnWkh，则打桩机第 n 次打击过程使圆柱体进入泥土深度为0(1)nnh，选项 D 正确。7 C。方法一：如答图 1，作出小物块和甲、乙木板运动的 v-t 图像，可知当小物块分别与甲、乙木板共速时，小物块与甲木板的相对位移ACOSL2，小物块与乙木板的相对位移ABOSd，可得2Ld，选项 C 正确。方法二：设小物块质量为 m，小物块与甲、乙木板间动摩擦因素为，小物块和甲木板共速时的速度大小为1v，有：10)2(vMmmv，2120)2(2121
4、2vMmmvLmg，小物块和乙木板共速时的速度大小为2v，有20)(vMmmv，2220)(2121vMmmvmgd，联立可得：)(222MmMmLd，由1)(2221MmMm可得：24LdL，选项 C 正确。8AD。力的冲量是矢量，一对相互作用力总是大小相等、方向相反，作用时间相同，一对相互作用力的冲量的总和一定为零，选项 A 正确，选项 B 错误；相互作用的两个物体各自运动情况不确定，一对相互作用力的功的总和可能不为零，选项 D 正确，选项 C 错误。9BC。由图知，物块运动过程中加速度大小为 a2m/s2，ag，得：0.2，选项 A 错误；由牛顿第二定律 11 月调研测试卷（物理）参考答
5、案 第 2 页 共 5 页 得，物块运动过程中所受滑动摩擦力大小1Nfma，选项 B 正确；物块在第 2s 末速度大小为 6m/s，物块在第 3s 末速度大小为 4m/s，所以物块在第 3s 内的平均速度大小为 5m/s，选项 C 正确；物块经 5s停止运动，位移大小为 25m，物块在 06s 内的平均速度大小为 256 m/s，选项 D 错误。10ACD。由分析知，当 P 刚要到达 O 点前瞬时，02Q v，选项 B 错误，此时对 P 有：22P2153sinmvmgL，解得m/s453sin22PgLv，选项 A 正确；当轻直杆与水平方向夹角为 37时，对 P、Q 整体有：21Q21P21
6、21)37sin53(sinmvmvmgL，37cos37sin1Q1Pvv，联立解得：m/s6.11P v，选项 C 正确，m/s2.11Q v，选项 D 正确。11（6 分）（1）dg（2 分）（2）gd（2 分）（3）229gd（2 分）解析：（1）由平抛运动可知，竖直方向有：21dgf，得gfd（2）水平方向有：0vdf，得：0vgd（3）设小球过 B 点时竖直方向的速度大小为Byv，有：32Bydfv 小球过 C 点时竖直方向的速度大小为Cyv，有：CyBygvvf 小球过 C 点时的速度大小220292CCygdvvv 12（9 分）（1）0.50（2 分）（2）（2 分）2122
7、)()(2tdtdLM（2 分）（3）2122)()()21tdtdmM（3 分）解析：（1）cm50.0cm001.0cm5.0d。（2）滑块通过光电门 A 时速度大小A1dvt，通过光电门 B 时速度大小B2dvt，要验证牛顿第二定律，需满足：2A2B2vvaL，Mamg，联立可得：2221()()2MddmgLtt。11 月调研测试卷（物理）参考答案 第 3 页 共 5 页 （3）由题知，要验证滑块（含遮光条）与钩码构成的系统机械能守恒，需满足：2A2B)(21)(21vmMvmMmgL，即22211()()()2ddmgLMmtt。13（12 分）解：（1）设地球质量为 M，空间站质量
8、为 m，由2MGgR（2 分）及 22MmvGm rr（2 分）解得：gvRr（2 分）（2）设空间站绕地球做匀速圆周运动的周期为 T，有2 rTv（2 分），tnT（2 分）解得：2Rtgnrr（2 分）14（12 分）解：（1）由题知，sin37cos37mgmg（3 分），解得：75.0（3 分）（2）方法一：设力 F 与斜面方向夹角为，由分析知，力 F 具有沿斜面向上的分量，且9090 对物块进行受力分析（如答图 2），有：sincosmgfF（1 分），cossinmgFN（1 分），Nf（1 分）联立解得：cossin)cos(sin mgF（1 分）代入 和，化简可得：)53si
9、n()3737sin(cos43sin)37cos337sin4(mgmgF 设 P 与 Q 第一次碰撞后瞬时速度分别为1Pv、1Qv，以碰前瞬时0v当 sin(53)1，即 37 时，F 有最小值 故 Fmin mg sin(37 37)2mg sin37cos37 9.6N（2 分）方法二：对物块进行受力分析，如答图 3 所示 由 f N 和分析可知：f 与 N 的合力 F1 的方向与重力 mg 之间的夹角恒定，为 2由矢量合成的三角形法则可得：当力 F 与 F1 垂直时，力 F 有最小值（4 分）即：Fmin mg sin2 2mg sin cos 9.6N（2 分）15.（18 分）解
10、：（1）若小球 P 先动：设小球 P 获得的初速度大小为 v0，由动量定理可得：I mv0的速度方向为正方向 由弹性碰撞有：1Q1P02mvmvmv（1 分），21Q21P202212121mvmvmv（1 分）答图 3 N f F1F mg 答图 2 F mg f N 11 月调研测试卷（物理）参考答案 第 4 页 共 5 页 联立解得：mIvv3310P1（“”表示 P 与 Q 第一次碰撞后 P 反向运动）（1 分），mIvv32320Q1（1 分）若小球 Q 先动：设小球 Q 获得的初速度大小为0v，由动量定理可得：02 vmI 设 Q 与 P 第一次碰撞后瞬时速度分别为1Qv、1Pv，
11、以碰前瞬时0v 的速度方向为正方向 由弹性碰撞有：1P1Q022vmvmvm（1 分），21P21Q2021221221vmvmvm（1 分）联立解得：mIvv63101Q（1 分），mIvv323401P（1 分）（2）若小球 P 先动：从第一次碰撞到第二次碰撞历时1t，01Q1P1vsvvst（1 分）如答图 4 所示，第二次碰撞位置与第一次碰撞位置间的圆弧夹角32 设第二次碰撞后瞬时 P、Q 速度分别为2Pv、2Qv 以碰前瞬时1Qv的速度方向为正方向 2Q2P1Q1P22mvmvmvmv，22Q22P21Q21P2212122121mvmvmvmv 解得：0P2vv，0Q2 v（1 分
12、）从第二次碰撞到第三次碰撞历时2t，02vst（第三次与第二次碰撞位置相同）（1 分）第三次碰后瞬时，P、Q 速度分别为03P31 vv，03Q32 vv（1 分）由分析可知，P、Q 将沿圆形轨道有规律性地发生碰撞，第六次碰撞时 P、Q 将再次在第一次碰撞的位置相碰（如答图 5、6）由此可知，P、Q 从第一次碰撞到二者在第一次碰撞的 位置再次发生碰撞经过的最短时间：Imsvst550（1 分）若小球 Q 先动：从第一次碰撞到第二次碰撞历时1t，01Q1P1vsvvst（1 分）如答图 7 所示，第二次碰撞位置与第一次碰撞位置间的圆弧夹角32 同理可知，第二次碰撞后瞬时，答图 7 Q P 0v0
13、34 v031 vQ P Q 答图 6 P Q 031 v032 vP （位置同）（位置同）v0（位置同）P Q 答图 5 P Q 031 v032 vP Q P （位置同）v0 答图 4 P Q v0 031 v032 vP P Q 11 月调研测试卷（物理）参考答案 第 5 页 共 5 页 Q、P 速度分别为：0Q2vv，0P2 v（1 分）从第二次碰撞到第三次碰撞历时2t，02vst（第三次与第二次碰撞位置相同）第三次碰撞后瞬时，Q、P 速度分别为：03Q31 vv，03P34 vv（1 分）（如答图 8）同理，由分析可知，Q、P 将沿圆形轨道有规律性地发生碰撞，第六次碰撞时 Q、P 将再次在第一次碰撞的位置相碰（1 分）由此可知，Q、P 从第一次碰撞到二者在第一次碰撞的位置 再次发生碰撞经过的最短时间：Imsvst1050（1 分）答图 8 Q Q 034 v031 vP （位置同）（位置同）0v（位置同）P Q