1、高中同步测试卷(二)第二单元法拉第电磁感应定律和楞次定律(时间：90分钟，满分：100分)一、单项选择题(本题共7小题，每小题4分，共28分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确) 1. (2016高考北京卷)如图所示，匀强磁场中有两个导体圆环a、b，磁场方向与圆环所在平面垂直磁感应强度B随时间均匀增大两圆环半径之比为21，圆环中产生的感应电动势分别为Ea和Eb，不考虑两圆环间的相互影响下列说法正确的是()AEaEb41，感应电流均沿逆时针方向BEaEb41，感应电流均沿顺时针方向CEaEb21，感应电流均沿逆时针方向DEaEb21，感应电流均沿顺时针方向2. 闭合线圈abcd运动到如图所
2、示的位置时，bc边所受到的磁场力的方向向下，那么线圈的运动情况是()A向左平动进入磁场 B向右平动出磁场C向上平动 D向下平动3. 一根导体棒ab在水平方向的匀强磁场中自由下落，并始终保持水平方向且与磁场方向垂直如图所示，则有()AUab0 Bab，Uab保持不变Cab，Uab越来越大 Dab，20 V Bab，10 VCab，20 V Daa，由UabEBlv及棒自由下落时v越来越大，可知Uab越来越大，故D选项正确4导学号97690020【解析】选B.磁铁在铜管中下落穿过铜管的磁通量发生变化，在铜管中产生感应电流，感应电流的磁场阻碍磁铁和铜管的相对运动，磁铁在半铜半塑料管中下落也会产生感应
3、电流，感应电流的磁场阻碍磁铁和管的相对运动，但由于一半是塑料，感应电流要比铜管中的感应电流小，所以t4t2，铁块在铜管中和磁铁在塑料管中下落均不会产生感应电流，所以为自由落体运动，因此t1t3t4t2，B正确5导学号97690021【解析】选B.由t图象知，磁通量均匀增大，由楞次定律知，线圈中感应电流为逆时针方向，又线圈相当于内电路，故ab；En50 V10 V，因而电压表的读数为10 V电压表测量的是电源的电动势，即感应电动势故选项B正确6导学号97690022【解析】选A.由楞次定律可判断线框进入磁场的过程中感应电流方向为逆时针，穿出过程为顺时针，A正确，B错误；线框在进入和穿出的过程中都
4、受到阻碍作用，机械能转化为电能，C错误；线框在磁场中运动的过程中，回路中无感应电流，机械能守恒，D错误7导学号97690023【解析】选B.由于磁感应强度随时间均匀增大，则根据楞次定律知两线圈内产生的感应电流方向皆沿逆时针方向，则A项错误；根据法拉第电磁感应定律ENNS，而磁感应强度均匀变化，即恒定，则a、b线圈中的感应电动势之比为9，故B项正确；根据电阻定律R，且L4Nl，则3，由闭合电路欧姆定律I，得a、b线圈中的感应电流之比为3，故C项错误；由功率公式PI2R知，a、b线圈中的电功率之比为27，故D项错误8导学号97690024【解析】选AD.导体棒PQ向左切割磁感线运动时，由右手定则可
5、判断出导体棒与R1组成的回路中产生的感应电流是顺时针方向，即流经R1的电流方向向上，选项A正确；导体棒与电阻R2组成的回路中产生的感应电流是逆时针方向，即流经R2的电流方向向上，选项D正确9导学号97690025【解析】选BC.对于左侧小线圈，左侧竖直导线在小线圈内的磁通量始终为零，上侧水平导线和下侧水平导线在小线圈中的磁场方向均向外，则金属框接通逆时针方向电流的瞬间，左侧小线圈为了阻碍磁通量的增加而有向左运动的趋势；同理可知右侧小线圈有向右运动的趋势，所以两小线圈会有相互远离的趋势，A错误，B正确；由楞次定律可知，两侧小线圈中感应电流都为顺时针方向，C正确，D错误10导学号97690026【
6、解析】选AD.由楞次定律“阻碍”作用可知，当线框全部进入磁场后，不再产生感应电流，线框不再受安培力，故不可能停下，综上所述选AD.11导学号97690027【解析】选ABD.线框关于OO对称时，左右两侧磁通量大小相等，磁场方向相反，合磁通量为0；根据右手定则，cd的电动势方向由c到d，ab的电动势方向由a到b，且大小均为Blv0，闭合电路的电动势为2Blv0，电流方向为逆时针；根据左手定则，ab和cd边所受安培力方向均向左，方向相同，故正确的选项为A、B、D.12导学号97690028【解析】选ABD.物块在下落过程中，一开始物块的重力大于安培力，物块做加速运动，在加速过程中，安培力逐渐增大，
7、如果安培力等于物块的重力，物块达到最大速度，不再加速，即mg，所以最大速度vm，A、B正确；在加速运动过程中，物块重力的功率大于电阻发热功率，达到最大速度后，两功率相等，mgvI2R，即v，C错误，D正确13导学号97690029【解析】(1)要判断线圈中的电流方向，必须要弄清电流表指针的偏转方向与电流从电表正(负)极接线柱流入方向的关系，这样由指针偏转方向判断出电流流进电表的方向，进而判断线圈中电流方向；当磁铁N端向上移动时，线圈里的磁通量减小，感应电流方向与原方向相反，所以电流表指针偏转方向变化，偏向左(2)当闭合开关时，线圈里的磁通量增加，电表指针向右偏，当向左移滑动触头，电阻减小，电流
8、增大，磁通量增加，感应电流方向不变，所以指针右偏；将线圈A抽出，磁通量减小，感应电流方向与原方向相反，所以指针左偏【答案】(1)电流从电流表正(负)接线柱流入方向左(2)右左14导学号97690030【解析】导体棒所受的安培力为：FBIl由题意可知，该力的大小不变，棒做匀减速运动，因此在棒的速度从v0减小到v1的过程中，平均速度为：v(v0v1)当棒的速度为v时，感应电动势的大小为：EBlv棒中的平均感应电动势为：EBlv综合式可得：EBl(v0v1)导体棒中消耗的热功率为：P1I2r负载电阻上消耗的平均热功率为：P2EIP1由以上三式可得：P2BIl(v0v1)I2r.【答案】Bl(v0v1
9、)BIl(v0v1)I2r15导学号97690031【解析】PQ右移切割磁感线，产生感应电动势，相当于电源，外电路由Pa与Pb并联而成，PQ滑过时的等效电路如图所示PQ切割磁感线产生的感应电动势大小为EBlv，方向由Q指向P.外电路总电阻为R外R电路总电流为：IaP段电流大小为IaPI，方向由P到a.【答案】方向由P到a16导学号97690032【解析】(1)dc切割磁感线产生的感应电动势EBLv回路中的感应电流Iab两端的电势差UIRBLvb端电势高(2)设线框从dc边刚进磁场到ab边刚进磁场所用时间为t由焦耳定律Q2I2RtLvt求出Q.(3)如图所示【答案】(1)BLv，b端电势高(2)(3)见解析图