1、温馨提示： 此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调节合适的观看比例，答案解析附后。关闭Word文档返回原板块。核心素养测评 四十一生命中的基础有机化学物质与有机合成一、选择题(本题包括5小题,每题4分,共20分)1.化学与生产、生活密切相关。下列说法不正确的是()A.福尔马林可浸制标本,利用了其使蛋白质变性的性质B.歼-20飞机上使用的碳纤维是一种新型的有机高分子材料C.将地沟油制成肥皂,可以提高资源的利用率D.用CO2合成聚碳酸酯可降解塑料,实现碳的循环利用【解析】选B。福尔马林是甲醛含量为35%40%的水溶液,能使蛋白质变性,可用于浸制生物标本,A项正确;碳纤维是一种无机高分
2、子材料,B项错误;地沟油的主要成分是高级脂肪酸甘油酯,在碱性条件下水解可制成肥皂,C项正确;利用CO2等原料合成的聚碳酸酯可降解塑料,可以在自然界中自行分解为小分子化合物,实现碳的循环利用,D项正确。2.以淀粉为基本原料可制备许多物质,如下列有关说法中正确的是()A.淀粉是糖类物质,有甜味,反应是水解反应B.反应是消去反应,反应是加聚反应,反应是取代反应C.乙烯、聚乙烯分子中均含有碳碳双键,均可被酸性KMnO4溶液氧化D.在加热条件下,可用银氨溶液将葡萄糖、乙醇区分开【解析】选D。淀粉是糖类,但是没有甜味,反应属于淀粉的水解,故A错误;反应属于消去反应,反应属于加聚反应,反应属于氧化反应,故B
3、错误;聚乙烯中不含碳碳双键,不能使酸性高锰酸钾溶液褪色,故C错误;葡萄糖能与新制银氨溶液发生银镜反应,但乙醇不具有此性质,故D正确。3.(2020烟台模拟)下列说法正确的是()A.在紫外线、饱和Na2SO4、CuSO4溶液、福尔马林等作用下,蛋白质均会发生变性B.油脂属于高分子化合物,是混合物C.在一定条件下,氨基酸之间能发生反应,合成更加复杂的化合物D.检验淀粉在稀硫酸催化条件下水解产物的方法是:取适量水解液于试管中,加入少量新制Cu(OH)2悬浊液,加热,观察是否有红色沉淀【解析】选C。A项,饱和Na2SO4溶液可使蛋白质发生盐析;B项,油脂相对分子质量较小,不属于高分子化合物;C项,氨基
4、酸含有氨基、羧基,可发生取代、缩聚反应,可生成二肽、多肽或蛋白质;D项,淀粉是在酸性条件下水解,而葡萄糖和新制Cu(OH)2悬浊液反应必须在碱性条件下,所以用新制氢氧化铜悬浊液检验葡萄糖时要先中和酸,否则无法成功。【加固训练】化学与生产、生活密切相关。下列说法正确的是()A.“地沟油”禁止食用,但可以用来制肥皂B.向豆浆中加入硫酸铜,会使蛋白质发生聚沉而制得豆腐C.纤维素在人体内可水解为葡萄糖,故其可作人类的营养物质D.合成纤维、人造纤维及碳纤维都属于有机高分子材料【解析】选A。A.地沟油的主要成分是各种油脂,油脂在碱性条件下水解的反应为皂化反应,可用来制肥皂,A正确;B.硫酸铜电离产生的Cu
5、2+是重金属离子,会使蛋白质变性而形成沉淀,不能用于制豆腐,B错误;C.人体内没有能够使纤维素水解的酶,所以纤维素在人体内不能水解变为葡萄糖,C错误;D.碳纤维是单质碳,不是有机化合物,D错误。4.下列说法中正确的是()A.丙烯酸甲酯可通过缩聚反应生成高分子化合物【解析】选D。丙烯酸甲酯含,可发生加聚反应生成高分子化合物,A错误;CH2CHCOOCH3通过加聚反应得产物,B错误;聚丙烯的结构简式为,C错误。5.某药物的结构简式为:1 mol该物质与足量的NaOH溶液反应,消耗NaOH的物质的量最多为()A.3 molB.4 molC.3n molD.4n mol【解析】选D。该药物的链节中含有
6、3个,水解后生成3个COOH和1个酚羟基,因为COOH和酚羟基均与NaOH反应,故1 mol该化合物能与4n mol NaOH反应。二、非选择题(本题包括2小题,共30分)6.(14分)以淀粉和油脂为原料,制备生活中某些物质。已知:反应生成D、E、F的物质的量之比为211,E与等物质的量H2反应。请回答:(1)C分子中官能团的名称为_。(2)下列说法正确的是_(填序号)。A.淀粉、油脂都是高分子化合物,都能发生水解反应B.C、D属于同系物;M、N也属于同系物C.上述中属于取代反应的为D.B、E含不同官能团,但都能使酸性高锰酸钾溶液褪色(3)写出N的一种结构简式:_;C与F按不同的比例,还可以生
7、成另外两种物质X、Y,且相对分子质量:XNY,则Y的分子式为_。(4)写出反应(A+DM)的化学方程式:_。【解析】由框图可知,淀粉水解产物为葡萄糖(C6H12O6),葡萄糖在酒化酶催化作用下发生分解反应生成乙醇(CH3CH2OH)和CO2,故A为CH3CH2OH;A被氧化生成B,B为CH3CHO;B被氧化生成C,C为CH3COOH;油脂甲的分子式为C57H108O6,其在酸性条件下水解生成甘油F(C3H8O3)和高级脂肪酸E、D,且E氢化可生成D,故D、E碳原子数相同,均为(57-3)3=18,E可与等物质的量H2反应,故1个E含有1个碳碳双键,故D为硬脂酸(C17H35COOH),E为油酸
8、(C17H33COOH);D与A反应的产物M为硬脂酸乙酯(C17H35COOCH2CH3);F为丙三醇,其与C(CH3COOH)反应生成酯N,N中含有7个碳原子,故应为丙三醇中两个羟基与乙酸酯化,故产物N的结构简式为或。(1)由上述分析知C为CH3COOH,含有的官能团为羧基。(2)油脂不是高分子化合物,故A错误;C、D为同系物,M为一元酯,N为二元酯,故M、N不为同系物,故B错误;、是酯化反应,是水解反应,均属于取代反应,、属于氧化反应,属于加成反应,故C正确;B中含有醛基,E中含有碳碳双键和羧基,所含官能团不同,但都能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使高锰酸钾溶液褪色,故D正确。(3)C与F按不同
9、的比例,生成的产物中可以含有1个酯基、2个酯基或3个酯基,相对分子质量XNY,则Y为三元酯,故Y的分子式为C9H14O6。答案:(1)羧基(2)CD(3)(或)C9H14O6(4)C17H35COOH+CH3CH2OHC17H35COOCH2CH3+H2O7.(16分)芳香族化合物A(C9H12O)常用于药物及香料的合成,A有如下转化关系:已知以下信息:A是芳香族化合物且分子侧链上有处于两种不同环境下的氢原子;回答下列问题:(1)A生成B的反应类型为_,由D生成E的反应条件为_。(2)H的官能团名称为_。(3)I的结构简式为_。(4)由E生成F的反应方程式为_。(5)糠叉丙酮()是一种重要的医
10、药中间体,请参考上述合成路线,设计一条由叔丁醇(CH3)3COH和糠醛()为原料制备糠叉丙酮的合成路线(无机试剂任用,用结构简式表示有机物,用箭头表示转化关系,箭头上注明试剂和反应条件)。_。【解析】根据已知信息和合成路线中B生成C的条件,说明B能发生类似信息反应,故B中含有碳碳双键,A(C9H12O)是芳香族化合物,根据不饱和度,A分子侧链不含双键,根据已知信息,A是芳香族化合物且分子侧链上有处于两种不同环境下的氢原子,故A是、B是,C是;与溴反应生成D,D是,D水解为E,E是,E催化氧化为F,F是,F发生银镜反应,酸化后生成H,H是,H在催化剂作用下生成聚酯I,I是。(1)根据以上分析,生
11、成的反应类型为消去反应,由生成,是卤代烃水解,故条件是氢氧化钠的水溶液、加热。(2)中的官能团名称为羟基、羧基。(3)I是聚酯,结构简式为。 (5)结合已知信息,(CH3)3COH发生消去反应生成,再发生已知信息的反应,被氧化为,与在一定条件下发生信息的反应,生成。答案:(1)消去反应NaOH水溶液、加热(2)羟基、羧基(3)一、选择题(本题包括3小题,每题6分,共18分)1.(2020潍坊模拟)据自然杂志报道,在300400 的高温下,将砂糖(主要成分为蔗糖)等碳水化合物用加热的方法使其形成焦糖与碳之间的“半成品碳”状态,再放进硫酸中高温加热,生成了一种叫“焦糖烯”的物质,其分子式为C36H
12、50O25。下列有关说法正确的是()A.向蔗糖中加入浓硫酸发生一系列反应,浓硫酸主要体现吸水性和酸性B.“半成品碳”是碳元素的一种新单质,与C60都是碳元素的同素异形体C.蔗糖的水解产物之一在碱性条件下加热,可与银氨溶液反应D.焦糖烯是一种新型的烯烃,其能使溴的四氯化碳溶液褪色【解析】选C。蔗糖中加入浓硫酸,蔗糖脱水生成单质碳,碳部分被氧化生成CO2,体现了浓硫酸的脱水性和氧化性,A错误;“半成品碳”为焦糖与碳之间的物质,不是碳元素的一种新单质,B错误;蔗糖的水解产物之一葡萄糖属于还原性糖,C正确;焦糖烯的分子式为C36H50O25,该物质属于烃的衍生物,不是烯烃,D错误。2.(2020南昌模
13、拟)缬氨霉素(valinomycin)是一种脂溶性的抗生素,是由12个分子组成的环状化合物,它的结构简式如图所示,有关说法正确的是()A.缬氨霉素是一种蛋白质B.缬氨霉素完全水解可得到四种氨基酸C.缬氨霉素完全水解后的产物中有两种产物互为同系物D.缬氨霉素完全水解,其中一种产物与甘油互为同分异构体【解析】选C。蛋白质是高分子化合物,而缬氨霉素属于小分子化合物,A错误;缬氨霉素水解得到、3种物质,只有属于氨基酸,B错误;水解产物、互为同系物,C正确;甘油是HOCH2CH(OH)CH2OH,不含有不饱和键,而缬氨霉素的水解产物中都含有不饱和键,D错误。3.已知伞形酮可用雷琐苯乙酮和苹果酸在一定条件
14、下反应制得。(雷琐苯乙酮)(伞形酮)下列说法中正确的是()A.一分子雷琐苯乙酮含有3个碳碳双键B.苹果酸的一种缩聚产物是C.1 mol伞形酮与足量NaOH溶液反应,最多可消耗2 mol NaOHD.雷琐苯乙酮、苹果酸、伞形酮都能跟FeCl3溶液发生显色反应【解析】选B。苯环中不存在碳碳双键,故雷琐苯乙酮分子中不含有碳碳双键,A错误;伞形酮分子中含有酚羟基形成的酯基和酚羟基,则1 mol伞形酮与足量NaOH溶液反应,最多可消耗3 mol NaOH,C错误;雷琐苯乙酮、伞形酮都能跟FeCl3溶液发生显色反应,但苹果酸中不存在酚羟基,不能跟FeCl3溶液发生显色反应,D错误。二、非选择题(本题包括2
15、小题,共32分)4.(16分)(1)有一多肽的结构如下:该化合物属于_肽;有_个氨基和_个羧基;构成该化合物的氨基酸的结构简式为。(2)已知氨基酸可发生如下反应:+HNO2+N2+H2O且已知:D、E的相对分子质量分别为162和144,可发生如下物质转化关系,如图所示:写出A、B的结构简式:A_,B_。写出CE的化学方程式:_。写出CD的化学方程式:_。【解析】(1)多肽水解时从肽键处断裂,形成COOH与NH2,1个该多肽中含有3个肽键,水解生成4个氨基酸分子,属于四肽。(2)氨基酸分子间脱水成肽时,COOH脱去OH,NH2脱去H。由此可推知,两个丙氨酸分子间脱去两个水分子可生成B:,由题目中
16、所给信息可总结出:在HNO2作用下,氨基酸中的NH2可转变成OH,可得C:。由于C中含有COOH和OH,所以分子间可以脱水,脱去一个水分子可得D:,脱去两个水分子可得E:。答案:(1)四12、(2)5.(16分)有机化合物F(C13H18O)是一种很重要的食物香料,其合成路线有多条,其中一条合成路线如下: (1)A的分子式为_,D中含氧官能团的名称为_。(2)反应ae中,属于取代反应的是_(填字母)。(3)F的结构简式是_(已知一个碳原子上不能连接两个碳碳双键)。(4)转化过程中,步骤b的目的是_;该步骤发生反应的化学方程式为_。(5)写出一种同时满足下列条件的D的同分异构体的结构简式:_。A
17、.遇FeCl3溶液会发生显色反应B.核磁共振氢谱表明该物质中有4组峰C.1 mol该物质最多可消耗2 mol NaOHD.能发生银镜反应_。【解析】(1)根据A的结构简式,可知A的分子式为C13H20O。D中含有的含氧官能团有酯基和羰基。(2)根据有机反应类型的特点,可知a为加成反应,b为取代反应,c为氧化反应,d为水解反应(属于取代反应),e为消去反应。(3)根据F的分子式,结合官能团的性质知EF的反应为消去反应,则F的结构简式为。(4)反应c为氧化反应,为防止羟基被氧化,则步骤b将羟基转化为酯基,使之不被氧化。步骤b为B和乙酸发生酯化反应,反应的方程式为(5)D的分子式为C15H22O3,不饱和度为5,符合条件的同分异构体的结构中,一个苯环不饱和度为4,一个醛基不饱和度为1,则另外有2个酚羟基与2个叔丁基连在苯环上,才能满足该物质有4种氢原子。答案:(1)C13H20O酯基和羰基(2)bd(3)(4)保护羟基,使之不被氧化+CH3COOH+H2O(5)或关闭Word文档返回原板块