1、2020届模拟04理科综合测试范围：学科内综合。共300分，考试时间150分钟。可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 O-16 N-14 Al-27S-32 Fe-56 Cu-64第卷（选择题 共126分）一、选择题（本大题共13小题，每小题6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。）1下列有关生物分子的叙述中，正确的是 （ ）A人体细胞中的淀粉是由葡萄糖脱水缩合而成B核糖核苷酸可以作为某些酶的合成原料C“寨卡病毒”的核酸中含有脱氧核糖与核糖D脂质可以被苏丹染液染成橘黄色2关于细胞的生命历程的叙述，正确的是 （ ）A用高倍镜可观察到高等动物细胞有丝分裂末期所形成的
2、细胞板B个体衰老时，体内细胞不再分化C克隆猴的诞生证明了动物细胞具有全能性D被病原体感染的细胞的清除是通过细胞凋亡完成的3有关T2噬菌体的说法，正确的是 （ ）AT2噬菌体中，嘌呤碱基总数等于嘧啶碱基总数BT2噬菌体没有复杂的细胞器，只有分散的核糖体CT2噬菌体合成蛋白质时，位于DNA上的终止密码不代表任何氨基酸DT2噬菌体的染色体发生缺失，属于染色体结构变异4下列有关生物的变异与进化的叙述中，正确的是 （ ）A只要控制好诱变剂的剂量，就可以定向突变B在“低温诱导洋葱根尖细胞染色体数目的变化”的实验中，不会出现三倍体细胞C染色体易位不改变基因的数量，是有利变异D达尔文曾指出：种群是生物进化的基
3、本单位5在外界环境发生剧烈变化的情况下，人体仍能通过自身的调节作用，维持内环境的相对稳定，从而使体内的细胞拥有稳定而适宜的存活条件。对此的相关叙述，正确的是 （ ）A有氧呼吸的第一阶段是在内环境中进行的B某运动员拥有健康的体魄，他的内环境的每一种成分和理化性质都保持不变C小肠黏膜分泌的促胰液素弥散到体液中，随血液流到全身D大脑皮层调节产热和散热，维持体温的相对稳定6湿地是陆地与水域间的过渡带，兼有水域和陆地的特征，是人类最重要的生存环境和自然界最富生物多样性的生态景观之一。下列相关叙述中，正确的是 （ ）A某湿地中所有的动物与植物构成群落B某湿地经过漫长的演替形成草原，属于初生演替C食物链和食
4、物网是湿地生态系统的营养结构D为保护珍稀候鸟而建立的江西鄱阳湖保护区，属于易地保护7化学与生活密切相关，下列有关说法错误的是 （ ）A用浸泡过高锰酸钾溶液的硅藻土作苹果保鲜剂B“水乳交融”、“死灰复燃”发生的均为化学变化C雾霾是一种分散系，活性炭口罩防雾霾的原理是吸附原理D航天飞机上的陶瓷防护片属于无机非金属材料8设NA为阿伏加德罗常数，下列叙述正确的是 （ ）A23g钠完全反应生成Na2O转移NA个电子，生成Na2O2转移2NA电子B常温常压下，36g18O2中所含的质子数为16NA，中子数为18NAC1L0.1molL1NaHCO3溶液中HCO3和CO32的离子数之和为0.1NAD常温常压
5、下，4.2gC2H4和C3H6的混合物中含有的碳原子数为0.3NA9下列化合物中同类别同分异构体数目最多的是（不考虑立体异构） （ ）A二甲苯B丁醇C一氯丁烯D二氯丙烷10下列有关实验的操作、现象和结论有错误的是 （ ）选项实验操作现象结论A向水玻璃中通入CO2气体有白色胶状沉淀生成非金属性：CSiB向AlCl3溶液中通入氨气先有白色沉淀生成，后白色沉淀溶解碱性：NH3H2OAl(OH)3C向KI溶液中加入新制氯水和CCl4，充分振荡，静置液体分层，下层呈紫红色氧化性：Cl2I2D向饱和碳酸钠溶液中通入CO2气体有晶体析出溶解度：NaHCO3Na2CO311常温下，下列说法正确的是 （ ）A0
6、.1molL1Na2CO3溶液：0.1molL1 c(CO32)c(HCO3)c(OH)B0.01molL1CH3COOH溶液，水电离出的c(H)=1012molL1C0.2molL1NaClO溶液：c(Na+)=c(ClO)+c(Cl)+c(HClO)DAgBr在0.01molL1的MgBr2和NaBr溶液中的溶解度不同12某粗铜产品中含有Zn、Ag、Au等杂质，如图所示，用CH3OH燃料电池电解硫酸铜溶液。下列说法错误的是 （ ）A负极的电极反应方程式为：CH3OH6e8OHCO326H2OB通电一段时间后，Ag、Au杂质金属沉积在电解槽的底部C当粗铜电极质量减少6.4g，则纯铜电极增重小
7、于6.4gD通入氧气的一极为正极，每消耗1molO2，转移2mol电子13有a、b、c、d四种元素原子序数依次增大，最外层电子数分别为4、1、X、7，已知c原子的电子层数等于X，d的电子层结构与18号元素相同。下列说法错误的是 ( )A元素a与氢形成原子比为1:1的化合物有多种B元素b的单质能与水、无水乙醇反应C离子c3+与d的最外层电子数和电子层数都不相同D元素a与元素d可形成含有极性共价键的化合物二、选择题（本大题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8、）14下列说法中正确的有 （ ）A“康普顿效应”和“光电效应”说明了光具有波粒二象性B目前的核电站、核潜艇在利用核能时，使核发生的反应均是重核裂变C对于某种金属来说，其发生光电效应的极限频率是恒定的，且与光的强度有关D“人造太阳”是轻核聚变的一个重要应用之一，它的核反应方程是15一粗糙斜面固定于水平面上，一质量为m的滑块通过一跨过斜面顶端光滑定滑轮的轻绳与一钩码相连。能使滑块在斜面上保持静止的钩码质量的最大值和最小值分别为m1和m2。设轻绳与斜面保持平行，滑块所受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，斜面倾角为，则滑块与斜面之间的动摩擦因数为 （ ）ABCD16有如图所示的一个变压器，R2的阻值不变
9、，灯泡电阻恒定，初级线圈的输入电压保持不变。当初级线圈的滑片P向b端滑动、而滑动变阻器滑片Q向上滑动时，下列说法中正确的是 （ ）A电流表的示数将变大B电压表的示数变小C灯泡的亮度变暗D变压器的输入功率减小17在如图所示的电路结构中的Q点处，能源源不断地向两平行板电容器的中央处释放出速度为v的带电微粒，假设滑片P处于图示位置时，微粒恰能沿平行板电容器的中线处运动，并能打在左边的M挡板上，现将滑片P往下移动一小段，则此后从Q点发出的带电微粒的运动将 （ ）A向上偏转B向下偏转C不发生偏转D无法确定18质量为M1的飞船正绕地球做半径为R1、周期为T1的匀速圆周运动。某一时刻飞船向前发射一颗卫星后，
10、经过一系列的变轨，进入更近地球的半径为R2的轨道做匀速圆周运动，此时飞船的质量变为M2，设地球的半径为R0，则下列说法正确的是 （ ）A地球表面的重力加速度为B地球的第一宇宙速度大小为C飞船在半径为R2的轨道上运行周期为D飞船在先后两轨道上的线速度之比为19质量为m的小滑块从固定的粗糙斜面顶端静止释放，滑块滑到斜面底端的时间为t0。现进行如下两种操作：方案一是在滑块上面放置一个质量m0物体，如图所示，再将整体从斜面顶端由静止释放；方案二是将滑块从斜面顶端静止释放的同时施加一个大小为F=m0g的竖直向下恒力作用，则下面判断正确的是 （ ）A方案一的运动时间等于t0B方案一的运动时间小于t0C方案
11、二的运动时间等于t0D方案二的运动时间小于t020如图所示，在绝缘水平面上有两平行光滑金属导轨AB与CD，两导轨相距为L，其左端接有一电动势为E、内阻为r的电源，在两轨之间接一阻值为R的电阻以及一电容为C的电容器，然后将一阻值为R的金属杆放置于金属导轨上。现将开关S闭合，待电路稳定后（电容器未击穿），金属杆始终垂直导轨并与导轨接触良好，下列说法正确的是 （ ）A电容器两端的电压为EB流过金属杆的电流为0C金属杆的最大速度为D电阻的热功率为21如图所示，轻杆AB下端与一铰链相连，上端B用手扶住，使轻杆AB紧靠竖直杆OC，而竖直杆OC固定不动，然后将一圆环套入OC杆上（环的内径略大于OC杆的直径）
12、，环静止后位于AB杆上方。现设法使AB杆绕A点以角速度按逆时针方向转动，不计一切摩擦，将环看成质点，下列说法正确的是 （ ）A环将向上匀速运动B环将向上做变加速运动C端点B点绕A点转动的速度时刻在变D金属环的机械能不断增加第卷（非选择题 共174分）三、非选择题（包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题第38题为选考题，考生根据要求做答。）（一）必考题（11题，共129分）22（6分）现要测定某金属丝的电阻，除待测金属丝外，还备用下列器材：A电流表A1：量程010mA，内阻约10B电流表A2：量程030mA，内阻约4C电压表：量程03V，内阻约150
13、0D滑动变阻器R1，总阻值25E滑动变阻器R2，总阻值1000F电源E：电动势6V，内阻未知G开关一只、导线若干（1）先用欧姆表粗测金属丝的电阻，测量时多用电表所选的倍率挡为“10”，多用电表的读数如图甲所示，则金属丝电阻测量结果为R= 。然后采用图乙所示电路测定金属丝的电阻，则电流表应选用 ，滑动变阻器则选用 。（填写器材序号）（2）在图乙中，根据实验数据分析计算得：将电压表的a端接b，测得；将电压表的a端改接c，测得。则金属丝电阻值更接近 。23（9分）现要用图甲所示的装置来探究“加速度与质量之间的关系”，实验时忽略小车所受导轨对它的摩擦力，在倾斜导轨的B2点处有一时间传感器，能记录小车从
14、倾斜导轨B1点下滑到B2点的时间。实验步骤如下。完成下述步骤中所缺少的内容。按图甲安装好实验器材，用刻度尺测出B1到B2之间的距离s；将小车置于B1处并用弹簧秤沿导轨向上拉着小车并保持静止，读出此时的拉力F；让小车自B1处静止释放，小车通过B2后，记下时间传感器测得小车从B1运动到B2的时间t；再将小车置于B1处，往小车中增加钩码，设所加钩码总质量为m。为保持小车与钩码的合外力F不变，可采用如下方法：用弹簧秤沿着导轨拉着小车静止，调节导轨倾角的旋钮使导轨 ，直到弹簧秤的读数为 为止。然后重复步骤；多次往小车中增加钩码，然后重复步骤；利用实验中所测得的数据做出了如图乙所示的图象，本实验中测得B1
15、与B2之间的距离s=1.50m，那么根据该图象求得小车的质量M= kg，小车所受的合外力大小为F= （计算结果保留三位有效数字）。24（13分）如图所示，在光滑绝缘的水平面上的一个边长为d的正三角形MNP内有平行MN的匀强电场和竖直向下的匀强磁场（电场未画出），Q为MN的中点。一带电小球从P点沿PQ射入三角形区域内，恰好沿直线PQ穿过三角形场区。若撤去磁场，小球从P点再次以相同的速度射入场区，从M点离开；现在撤去电场，带电小球速度不变，求：（1）电场的方向以及无电场时带电小球离开磁场区的位置；（2）在只有电场时小球在电场中运动的时间与在只有磁场时小球在磁场中运动的时间之比。25（19分）如图所
16、示，一质量M=2m、长为l=6.5R的木板P静止在光滑水平面上，在其右侧有一固定平台Q，Q的左端与P等高，Q上固定一高度大于R的光滑斜面，斜面底边与Q水平相切。P最左端与一半径为R的1/4光滑、固定圆弧最低端相切。两质量均为m、可看成质点的滑块甲和乙，将乙置于P的最左端，甲于左端圆弧顶端B处以的初速度竖直向下滑出，当甲滑到斜面底端时与乙发生完全弹性碰撞，求：（1）滑块到达圆弧最低端时对A点的压力；（2）甲与乙碰撞后的速度各是多？（3）乙滑块滑出后，P在乙滑块的作用下向右运动，运动到Q左端时被牢固粘连。已知P右端到木块Q的距离L满足RLc(HCO3)，A错误；0.01molL1CH3COOH溶液
17、，c(OH)1012molL1，所以水电离出的c(H+)1012molL1，B错误；NaClO溶液中不存在Cl，C错误；同浓度的MgBr2和NaBr溶液中，MgBr2中溴离子浓度是NaBr中的2倍，根据Ksp=c(Ag+)c(Br)可知，溴离子浓度越大，银离子浓度越小，即溴化银的溶解度越小，所以溴化银在MgBr2中的溶解度小于同浓度的NaBr溶液中的溶解度，D正确。12【答案】D【解析】甲烷燃料电池中，通甲烷的一端为负极，发生氧化反应，即CH3OH6e8OHCO326H2O，A正确；粗铜中的Ag、Au性质不活泼，沉积在电解槽的底部，Zn失电子形成离子进入电解质溶液，B正确；通电一段时间后，粗铜
18、一极不仅铜溶解，其中的Zn也溶解，粗铜电极质量减少为6.4g，则纯铜一极增重小于6.4g，C正确；通入氧气的一极为正极，每消耗1molO2，转移4mol电子，D错误。13【答案】C【解析】原子序数依次增大的元素a、b、c、d，它们的最外层电子数分别为4、1，c原子的最外层电子数等于其电子层数，则c为Al,d的电子层结构与氩相同判断为Cl，进一步确定a为C，b为钠。离子c3+离子为Al3+，有两个电子层，最外层8个电子，d为Cl，最外层电子数为8，电子层数为三个电子层，它们的最外层电子数相同，电子层数不相同，故C错误。14【答案】B【解析】“康普顿效应”和“光电效应”都说明了光具有粒子性，故选项
19、A错误；目前的核电站、核潜艇在利用核能时，使核发生的反应均是重核裂变，故选项B正确；对于同一种金属来说，其极限频率恒定，与入射光的频率及光的强度均无关，故选项C错误；“人造太阳”是轻核聚变的一个重要应用之一，它的核反应方程是，故选项D错误。15.【答案】C【解析】对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，设滑块受到的最大静摩擦力为f，物体保持静止，受力平衡，合力为零；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大，有：m1gmgsinf=0；当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小，有：m2g+fmgsin=0。联立解得：，由可得：。故选项C正确，选项A、B、D错误；16【答案】A【解析】当滑片P向b端滑
20、动时由可知U2在变大，故电压表的示数变大，灯泡亮度变亮，故选项B、C都错误；设R1中与R2并联的部分电阻为Rx，则R1与R2组成的电路的总电阻为，可见当滑片Q向上滑动时该部分电路的总电阻变小，所以副线圈中负载的总电阻变小，根据可知流过副线圈的电流I2变大，再结合可知流过原线圈的电流变大，故选项A正确，再根据P=UI可知变压器的输入功率将变大，故选项D错误。17【答案】C【解析】当滑片P向下移动时，滑动变阻器分得的电压将减小，但由于二极管使得平行板电容器两板的电量将保持不变，由可得，即两板之间的电场强度保持不变，故微粒的运动不发生变化。故选项C正确。18【答案】C【解析】对于飞船有：，解得飞船开
21、始的加速度为，而该加速度不等于地球表面处的重力加速度，故选项A错误；飞船做圆周运动万有引力提供向心力，地球质量设为M，由牛顿第二定律得：，解得：。地球的第一宇宙速度由牛顿第二定律可得：，解得：，故选项B错误；根据开普勒第三定律：，解得：，故选项C正确；由，解得，由此式可知线速度与卫星质量M1和M2无关、仅与轨道半径有关，选项D错误。19【答案】AD【解析】根据题意可知，滑块沿斜面做匀加速运动，设斜面摩擦因数为，倾角为，则仅滑块沿斜面下滑时，由牛顿第二定律得：，得；对方案一有：，解得：；由此可得：，即方案一中整体的运动加速度不变，故方案一运动时间等于t0，故选项A正确、选项B错误。对方案二同理可
22、得：，解得：，由上可知，则方案二的运动时间小于t0。故选项C错误、选项D正确。20【答案】BDC【解析】闭合开关后，当导体棒ab产生的电动势与电阻R两端的电压相等时，导体棒ab达到最大速度v。此时回路中的总电流为，电阻两端的电压为，杆产生的电动势为，解得，根据并联电路可知，此时电容器两端的电压与R两端的电压相等，故选项A错误、选项C正确，此时金属杆中无电流流过，故选项B正确；电阻的发热功率为，故选项D正确。21【答案】BCD【解析】如图所示：。环沿OC向上运动，其速度v可分解为垂直于AB杆的速度v1和沿AB杆的速度v2。设OA为L，某时刻AB杆与水平方向夹角为，由于，环的速度。由于变大，所以环
23、向上运动的速度将变大，根据三角函数可知，环做的运动不是匀加速直线运动，故选项A错误、B正确；速度为矢量，端点B绕A点的线速度大小不变，但方向时刻在变，故选项C正确；由于杆对环做正功，故环的机械能不断增加，所以选项D正确。22【答案】（1）110 B D（每空1分，共3分） （2）134（3分）【解析】（1）根据多用电表的读数原理可知多用电表的读数为R=110。电压表量程为03V，因此通过金属丝的电流最大约，所以电流表选用30mA的，即选B。分压电路中滑动变阻器选择阻值较小的R1，即D。（2）由于，即，因此电流表采用内接法时测量误差较小，金属丝电阻更接近134。23【答案】与水平面之间的夹角适当
24、变小（2分） F（2分）0.50（2分） 0.214（0.2140.230都对）（3分）【解析】由平衡条件得：，可见在小车增加钩码的同时为保持小车所受的合外力不变，应旋转调节导轨倾角的旋钮以调整导轨的高度，将导轨的高度降低，直到弹簧秤的读数为F为止。由匀加速直线运动位移公式sat2可得小车的加速度为：a，由牛顿第二定律得：F（mM）a（mM），即，由可知，m-t2图象在纵轴上截距的绝对值表示小车的质量，因此小车的质量为M=0.50kg。图象的斜率为，由乙图可知，直线斜率为：，故小车所受的合外力为F=2sk=21.500.0714N=0.214N。24【答案】（1）场强方向从N到M，在PN上、小
25、球离P点d处射出；（2）【解析】（1）设电场强度大小为E、磁场的磁感应强度大小为B，由题意可知小球受到的电场力沿NM、洛伦兹力沿MN，可得小球带正电，设小球带电量为q，设小球速度为v，带电小球在复合场中沿直线PQ运动，则一定为匀速运动，有：qEqvB（1分），解得EvB（1分），由小球带正电和电场力沿NM方向可知场强方向从N到M（1分），撤去磁场，带电小球在电场中做类平抛运动，设运动时间为t1，加速度大小为aqE/m（1分），沿NM方向有dat12（1分），沿PQ方向有dvt1（1分），解得，（1分）。撤去电场，在磁场中做匀速圆周运动由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB（1分），联立
26、解得Rd（1分），以圆心O为坐标原点，如图所示：。小球从PN上D点射出，由数学知识可知OPD为等边三角形，可知PD距离为d，即小球离P点d处射出。（1分）。（2）由数学知识可知（1分），小球在磁场中的运动时间t2（1分），解得小球通过电场和磁场的时间之比（1分）。25【答案】（1）10mg （2）v甲=0， （3）详见解析。【解析】（1）设甲滑块到达A点时的速度为vA，由动能定理得：（1分），解得（1分），由牛顿第二定律有，解得N=10mg，根据牛顿第三定律，甲滑块到达圆弧最低端时对A点的压力N=N=10mg（1分）。（2）设甲、乙碰撞后的速度分别为v甲、v乙，由动量守恒定律可得：（1分），由
27、机械能守恒定律可得：（1分），解得v甲=0，（1分）。（3） 对于乙滑块的加速度a乙由牛顿第二定律可得（1分），对于木板的加速度由牛顿第二定律可得（1分），设经过时间t后两物体达到共同速度v，由匀变速直线运动规律可得：对于乙滑块有（1分），对于木板有（1分），由以上四式解得：，（1分），设乙滑块在木板上运动的距离为s1，由能量守恒得：（1分），由解得，即达到共同速度v时，乙滑块不会从木板上滑出。设此过程P木板向右运动的距离为s2，对木板由动能定理得（1分），由解得s2=2R（1分）。讨论：当时，乙滑块在木板上一直减速到右端，设到达右端时的速度为vC1，对乙滑块由动能定理得（1分），解得。根据能
28、量守恒定律有（1分），解得（1分）。当时，乙滑块与P木板最终一起运动至P木板与Q木板相碰，碰后滑块在木板上继续做减速运动到右上端，设此时的速度为vC2，对乙滑块由动能定理得：，解得（1分），根据能量守恒定律有，解得（1分）。26【答案】（1）CO2 （2分）CO2+Ba(OH)2=BaCO3+H2O（2分）（2）NO2氧化I的同时有NO生成，这会对验证金属与硝酸反应产生的NO带来干扰（2分） b（2分） （3）5NO+4H+3MnO4=3Mn2+5NO3+2H2O（2分） E（1分）（4）NO2+NO+H2O=2HNO2（1分） 此方案无法达到目的，因为亚硝酸会氧化氢硫酸（合理即可2分）【解析
29、】（1）装置内的空气能氧化NO且空气中有大量的氮气，因此应将空气排出装置。当空气排出后，CO2会进入到Ba(OH)2溶液中，溶液中将会出现浑浊现象。（2）NO2氧化I的同时有NO生成，这会干扰对原有NO的验证；利用NO2易液化的特点，使进入B装置中的气体液化，这既能验证NO2又能将NO2与NO分开，避免其对NO的验证产生干扰，试剂a应具有冷却功能，故答案应选b。（3）NO是利用KMnO4溶液来检验的，由实验现象知MnO4被还原为Mn2+，NO（最可能）被氧化为NO3；应通过排水法收集气体确定有N2生成。（4）由题给信息及氮元素的价态知，所得到的酸是亚硝酸。亚硝酸中氮元素为+3价，有一定的氧化性
30、而氢硫酸有强还原性，故亚硝酸遇氢硫酸易发生氧化还原反应而无法比较两种酸的酸性强弱。27【答案】（1）CO(g)+O2(g)=CO2(g) H=288kJmol1（2分） （2）C（1分）（3）（1分） 起始时,因只有反应物，所以反应正向进行，当达到平衡后，温度升高，CO浓度增大，说明该反应为放热反应（2分） 5.0104（1分）；104（1分）（4）正向（1分） 600时平衡常数K为1，而在该时刻的浓度商Qc，所以平衡正向移动（2分） 10%（2分） 0.6（2分）【解析】（1）根据2CO+O2=2CO2和化学键键能大小可计算出H = 2953kJmol1+498kJmol1-4745kJmo
31、l1=-576kJmol1。根据燃烧热定义，1molCO完全燃烧生成CO2，H=-576kJmol12=-288kJmol1。表示CO燃烧热的热化学方程式为CO(g)+O2(g)=CO2(g) H=-288kJmol1。（2）催化剂可改变反应速率,不能使平衡移动,转化率不变，A错误；恒压下，通入稀有气体，容器体积增大，压强减小，平衡逆向移动，B错误；平衡后再加入少量CO气体，平衡正向移动，CO的转化率减小，C正确；平衡混合气体中分离出CO2(g)和N2(g)的瞬间，正反应速率不变，逆反应速率减小，D错误。（3）起始时，因只有反应物，所以反应正向进行，当达到平衡后，温度升高，CO浓度增大，说明该
32、反应为放热反应；从图像中可以看出CO的浓度变化是从2.0103molL1变为1.0103molL1，转化浓度为1.0103molL1，从而计算出c(N2)和v(N2)。（4）通过计算，600时，K值为1，而在该时刻的浓度商Qc，所以平衡正向移动。根据所给的数据，列出三段式，设CO2的转化浓度为xmol/L，则： CO2(g)H2(g) CO(g)H2O(g)起始（mol/L） 1.5 1 0.5 2转化（mol/L） x x x x平衡（mol/L） 1.5-x 1-x 0.5+x 2+xK，解得x0.1，所以H2的转化率=100%10%c(CO)0.6mol/L。28【答案】（1）BaSO4
33、（1分）；强（1分）；（2）坩埚、坩埚钳、三脚架、泥三角（2分）（3）SiO22CSi2CO或SiO23CSiC2CO（分）Al3+3NH3H2O= Al(OH)3+3NH4+（1分） 4Fe(OH)2+O2+2H2O=4Fe(OH)3（1分）（4）AlCl3是共价化合物，在熔融状态下以分子形式存在，不能导电，无法进行电解。Al2O3是离子化合物,在熔融状态下以离子形式存在，可以导电。（答案合理即可给分，2分） 2Al2O3(熔融)4Al+3O2（1分） （5）NaCl、NH4Cl（2分）（6）Al2O3+2OH=2AlO2+H2O（1分） SiO2+2OH= SiO32+H2O（1分）【解析
34、】（1）A的化学式为BaSO4,为强电解质。（2）实验室里进行灼烧实验，所需要的仪器主要有酒精灯、坩埚、坩埚钳、三脚架、泥三角、玻璃棒。非玻璃仪器主要有坩埚、坩埚钳、三脚架、泥三角。（3）SiO2与C在高温条件下生成Si与CO气体，SiO22CSi2CO。若C过量，也可能发生SiO23CSiC2CO。Al3+与NH3H2O反应，生成NH4+和Al(OH)3沉淀。Fe(OH)2与O2、H2O反应生成Fe(OH)3。（4）AlCl3是共价化合物,在熔融状态下以分子形式存在，不能导电，无法进行电解。Al2O3是离子化合物，在熔融状态下以离子形式存在，可以导电。电解方程式是：2Al2O3(熔融)4Al
35、+3O2（5）盐溶液N中主要溶质的有NaCl和NH4Cl。（6）碱浸过程中，氢氧化钠与Al2O3和SiO2发生反应，离子方程式为Al2O3 + 2OH = 2AlO2+H2O和SiO2+2OH=SiO32+H2O。29【答案】（共10分，每空2分）（1）温度 pH（其它合理答案也可）（2）酶活性随底物量的增加而逐渐升高，在底物从0.2ml提高到0.4ml的过程中，酶活性迅速升高，在0.4ml提高到1.2ml的过程中，酶活性的升高趋势减缓（3）不变 （4）糖蛋白【解析】（1）探究底物量对酶活性影响的实验中，底物量是自变量，温度是无关变量之一。pH也是影响酶活性的重要因素。（2）从图1可以看出：酶
36、活性随底物量的增加而逐渐升高，在底物从0.2ml提高到0.4ml的过程中，酶活性迅速升高，在0.4ml提高到1.2ml的过程中，酶活性的升高趋势减缓。（3）当温度为90时，ALP没有催化能力，表明此时ALP永久失活，故即使将温度恢复到最适温度（约52）时，ALP的活性将保持不变。（4）肝癌细胞膜上的糖蛋白等物质减少，使得癌细胞彼此之间的黏着性显著降低，容易在体内分散和转移。30【答案】（共9分，除标注外，每空2分）（1）通过体液运输（1分） （2）效应T（1分）（3）抗人绒毛膜促性腺激素抗体（或抗人绒毛膜促性腺激素单克隆抗体）（4）渗透压（1分） 垂体 肾小管、集合管细胞（没有“细胞”两字不给
37、分）【解析】（1）激素调节的三大特点：微量和高效、通过体液运输与作用于靶器官、靶细胞。（2）与靶细胞密切接触并导致其裂解死亡的是效应T细胞。（3）抗人绒毛膜促性腺激素单克隆抗体能与人绒毛膜促性腺激素发生特异性结合，因此，可用抗人绒毛膜促性腺激素单克隆抗体作试剂来诊断是否妊娠。（4）大量出汗，会造成血浆渗透压升高。这时体液中的抗利尿激素（下丘脑神经细胞分泌、垂体释放）增加，该激素作用的靶细胞是肾小管、集合管细胞。31【答案】（共8分，除标注外，每空1分）（1）蓝藻细胞中没有叶绿体 蓝藻细胞内无以核膜为界限的细胞核，而黑藻细胞内有以核膜为界限的细胞核 （2）C3（3）NADPH 叶绿体的类囊体薄膜
38、上 黑藻在放置前含有水，该水分解产生的氧气没有放射性（其它合理答案也可）（3分）【解析】（1）蓝藻细胞属于原核细胞，没有叶绿体。原核细胞内没有以核膜为界限的细胞核。（2）装置甲中，C3最先检测到放射性。（3）呼吸作用中的H为NADH，光合作用中的H为NADPH。光反应阶段的化学反应是在类囊体的薄膜上进行的。装置乙所释放的氧气中有少量O没有放射性，可能的原因是：黑藻在放置前含有水，该水分解产生的氧气没有放射性（其它合理答案也可）。32【答案】（共12分，每空2分）（1）MmXNXn MmXnY （2）3/4 （3）1/8 （4）正常翅（）短翅（）【解析】（1）一只红眼雌蝇（ XNX）与一只朱砂眼
39、雄蝇（M XnY）杂交，由于子代中出现了白眼雄蝇，故可分析出：亲本红眼雌蝇的基因型为mXNXn，亲本朱砂眼雄蝇的基因型为MmXnY，再根据子代中白眼雄蝇所占的比例为1/16，可进一步确定亲本的基因型。（2）上述子代雌蝇中，杂合子所占的比例为：11/21/23/4。（3）根据相关信息可推测出：亲本朱砂眼雌蝇的基因型为FfMmXnXn，亲本白眼雄蝇的基因型为ffmmXnY。子代中不育的朱砂眼雄果蝇所占的比例为：1/21/21/21/8。（4）探究控制某对相对性状的等位基因位于常染色体上还是X染色体上的最佳方案是“雌隐雄显”。33（1）【答案】BCE【解析】柠檬片放入开水中时，含有柠檬味的柠檬分子扩
40、散到水里，这不是布朗运动的结果，而是分子扩散运动的结果，故选项A错误；温度是分子平均动能的标志，故选项B正确；将一枚小硬币轻放在平静的水面上，若硬币浮在水面上，这是由于液体表面张力的结果，故选项C正确；第二类永动机失败的原因是违背了热力学第二定律，但它不违背能量守恒定律，第一类永动机才是违背了能量守恒定律，故选项D错误；根据热力学第二定律可知自然界一切进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性：由宏观向微观进行，且这个方向是不可逆的，故选项E正确。（2）【答案】 放热【解析】由于甲部分气体的压强大于乙部分气体的压强，故将插销拔去后，活塞会向下移动。根据玻意耳定律得：对于甲部分气体：（2分），对于乙
41、部分气体：（2分），活塞再次平衡后有：P甲=P乙（1分），解得（1分）由于乙部分气体温度不变，因此气体内能不发生改变。当插销拔去之后活塞压缩乙部分气体，使其气体体积变小，活塞对乙部分气体做功，由热力学第一定律可知：乙部分气体是向外界放出热量。（4分）34（1）【答案】BCE【解析】由题意可知该列机械波的周期为T=0.2s，由图像可知该机械波的波长2.0m，故选项B正确；波速为，故选项A错误；根据波发生衍射的条件可知选项E正确。由t=0时刻到B点第一次出现波峰，波移动的距离为s=5-0.5=4.5m。则波在t时间内传播的距离可表示为（n=0、1、2），所用的时间为，当n=0时，即t=0.45s时
42、质点B第一次出现波峰，故选项C正确；由于质点不会“随波逐流”，故选项D错误。（2）【答案】 【解析】所做光路图如图所示：（2分）。根据几何关系有，故i=45（2分），根据光的折射定律有（2分）。根据几何知识有（2分），根据光的折射定律可得光在冰雹中传播的速度为（1分），这束光在冰雹中传播的时间为（1分）。35【答案】（1）SiCN（2分） SiCN（2分）（2）范德华力、氢键（2分） sp3 （1分） 四面体（1分）（3）1s22s22p63s23p63d64s2（1分） 4（1分）（4）原子（1分） 共价键（1分） （5）224/(a3NA)（3分）【解析】根据信息，推断甲、乙、丙、丁元素分
43、别为C、N、Si和Fe。（1）同一周期，随原子序数的增加,元素第一电离能呈现增大的趋势，N的非金属性强，电负性大。同一主族，随原子序数的增加，元素第一电离能和电负性呈现减小的趋势。（2）液态的NH3分子间既存在范德华力也存在氢键，中心原子的杂化轨道类型为sp3，VSEPR模型名称为四面体。（3）Fe原子核外有26个电子，核外电子排布为1s22s22p63s23p63d64s2 。铁是26号元素，位于第四周期，第族，根据核外电子排布规则，其基态原子的电子排布式为1s22s22p63s23p63d64s2，3d能级有5个轨道，先占满5个自旋方向相同的电子，剩余1个电子再占据一个轨道,电子自旋方向相
44、反，所以未成对的电子数为4。（4）Si3N4可作耐高温材料，熔融时不导电,所以推断其应属于原子晶体。（5）在面心立方晶胞结构中顶点的微粒为8个晶胞共有，在面心的为2个晶胞共有，所以1个晶胞所含铁原子数为：81/8+61/2=4,所以铁的密度为：564/(a3NA)=224/(a3NA)。36【答案】（1）羟基、羧基（2分） 对硝基苯乙烯（1分） （2）（1分）（3）（3分）（4）加成反应、取代反应（2分）（5）2（1分）；（1分）；（1分）（6）BrCH2CH2CH=CH2BrCH2CH2CH2CH2OHBrCH2CH2CHOBrCH2CH2CH2COOHHOCH2CH2CH2COOH（3分）
45、【解析】根据已知条件和反应流程可以推断出：B：HOCH2CH2NO2，D：，E：BrCH=CHCH2COOH，F：HOCH=CHCH2COOH，G：H：HOCHBrCHBrCH2COOH。（1）F分子中的含氧官能团是羟基、羧基；C的名称是对硝基苯乙烯。（2）高分子化合物M的结构简式是；（3）A生成B和E的化学方程式为：（4）由F和H的结构简式可以得出，FH的反应类型为加成反应和取代反应；（5）根据条件可知,一定有羟基和羧基，根据核磁共振氢谱分布情况，同分异构体结构简式如下：或（6）见答案。37【答案】（共15分，除标注外，每空2分）（1）葡萄糖苷酶 利用秸秆等废弃物生产酒精（或用纤维素酶处理服
46、装面料等）（2）刚果红 透明圈 （3）碳源 固体（4）培养时间控制在48h左右，温度维持在20左右（其它合理叙述也可）（3分）【解析】（1）纤维素酶是一种复合酶，一般认为它至少包括三种组分，即C1酶、CX酶和葡萄糖苷酶。对产纤维素酶的微生物的研究与应用，使人们能够利用秸秆等废弃物生产酒精、用纤维素酶处理服装面料等。（2）刚果红染色法能够通过颜色反应直接对产纤维素酶的菌株进行筛选可以通过是否产生透明圈来筛选纤维素分解菌。羧甲基纤维素为产纤维素酶菌株提供碳源。从物理性质上划分，上述培养基应属于固体培养基。图1表明，该菌在培养48h时酶活达到最大值，为1.03U/(ml,min)；图2表明，该菌在2
47、0时酶活最大，此时酶活为1.43U/(ml,min)。38【答案】（共15分，除标注外，每空2分）（1）启动子 终止子 热稳定DNA聚合（或Taq）（2）桑椹胚或囊 刚出生的动物体重偏低，毛色和斑纹上还存在差异（3分）（3）精子穿越放射冠和透明带 原核形成和融合【解析】（1）为了使绿色荧光蛋白基因成功表达，需要把该基因片段正确插入表达载体的启动子与终止子之间。PCR技术中，需要用到热稳定DNA聚合酶（Taq酶）。（2）进行胚胎分割时，应选择发育良好、形态正常的桑椹胚或囊胚。胚胎分割技术存在的问题有：刚出生的动物体重偏低，毛色和斑纹上还存在差异等。（3）哺乳动物的受精过程主要包括：精子穿越放射冠和透明带，进入卵细胞膜，原核形成和融合。