1、湖北省黄冈中学2019-2020学年高二化学3月月考月考试题（平行班，含解析）时间：90分钟 总分：100分一选择题（共20题，其中110题每题2分，11-20题每题3分，共50分）1.下列基团不属于官能团的是（）A. 三键CC-B. 羟基OHC. 苯基C6H5D. 卤素原子X【答案】C【解析】【详解】决定有机化合物的化学性质的原子或原子团，有机化学反应主要发生在官能团上，官能团对有机物的性质起决定作用，碳碳三键、羟基、卤素原子都属于官能团，而烃基(包括苯基)不属于官能团，故选C。2.某有机物的结构简式如下，此有机化合物属于 （ ）烯烃 多官能团有机化合物 芳香化合物 烃的衍生物A. B. C
2、. D. 【答案】C【解析】【详解】由有机物的结构可知结构中含有酚羟基、羧基和碳碳双键，属于多官能团有机物，属于烃的衍生物，结构中含有苯环，还属于芳香族化合物；虽含碳碳双键，但分子中含O，不属于烃类，C项符合题意，答案选C。3.松油醇具有紫丁香味，其酯类常用于香精调制。如图为松油醇的结构，以下关于它的说法正确的是（）A. 分子式为C10H19OB. 属于芳香烃C. 能发生取代反应、加成反应D. 与氢气加成后的产物有4种一氯取代物【答案】C【解析】【详解】A由结构可知松油醇的分子式为C10H18O，故A错误；B该有机物的分子组成中含有氧元素，所以其不是烃类，故B错误；C结构中含碳碳双键，可发生加
3、成反应，含-OH可发生取代反应，故C正确；D与氢气加成后的产物结构是对称的，含6种H(不包含-OH)，则有6种一氯化物，故D错误；故选C。4.下列化合物的分子中，所有原子可能共平面的是A. 甲苯B. 乙烷C. 丙炔D. 1,3丁二烯【答案】D【解析】【详解】A、甲苯中含有饱和碳原子，所有原子不可能共平面，A不选；B、乙烷是烷烃，所有原子不可能共平面，B不选；C、丙炔中含有饱和碳原子，所有原子不可能共平面，C不选；D、碳碳双键是平面形结构，因此1，3丁二烯分子中两个双键所在的两个面可能重合，所有原子可能共平面，D选。答案选D。5.用于制造隐形飞机的某种物质具有吸收微波的功能，其主要成分的结构如图
4、， 它属于( )A. 无机物B. 烃C. 聚合物D. 烃的衍生物【答案】D【解析】【详解】A.无机物不含有C=C不饱和键，故A错误；B除碳氢元素还含有硫元素，不属于烃，故B错误；C.该物质相对分子质量较小，不是聚合物，故C错误；D.该化合物除碳氢元素还含有硫元素，属于烃的衍生物，故D正确。故答案选D。6.4去甲基表鬼臼毒素具有抗肿瘤等作用，分子结构如图所示，分子中含有的含氧官能团有A. 2种B. 3种C. 6种D. 5种【答案】B【解析】【详解】由该有机物的分子结构可知，其中含有醚键、羟基和酯基等3种官能团，这3种官能团均为含氧官能团，故答案选B。7.含有一个双键的烯烃，加氢后产物的结构简式为
5、 ，此烯烃可能的结构有A. 4种B. 6种C. 8种D. 10种【答案】A【解析】【详解】烯烃加氢生成烷烃，则烷烃分子中相邻碳原子上各自去掉1个氢原子，即可形成烯烃。该烷烃分子中能形成双键键位置有：1和2之间、4和5之间；5和6之间、6和7之间，故该烯烃共有4种，答案选A。【点睛】理解加成反应原理是解题的关键，采取逆推法还原碳碳双键，注意分析分子结构，防止重写、漏写。8.下列说法不正确的是( )A. 红外光谱及核磁共振谱均可以给出有机物分子结构的信息B. 钛可制成飞船的“外衣”，高温时可用金属钠还原四氯化钛来制取金属钛C. 蚕丝被轻薄透气，蚕丝的主要成分是纤维素，属于天然高分子化合物D. 从原
6、子利用率的角度来看，加成反应符合绿色化学思想【答案】C【解析】【详解】A. 红外光谱及核磁共振谱均可以给出有机物分子结构的信息，红外光谱、质子核磁共振谱(PMR)是研究有机物结构的重要方法，故A正确；B.钠的还原性大于钛，高温时可用金属钠还原四氯化钛来制取金属钛，故B正确；C.蚕丝的主要成分是蛋白质，属于天然高分子化合物，故C错误；D. 从原子利用率的角度来看，加成反应原子利用率为100%，符合绿色化学思想，故D正确；选C。9.下列说法正确的是( )A. 的一溴代物和 的一溴代物都有4种(不考虑立体异构)B. CH3CH=CHCH3 分子中的四个碳原子在同一直线上C. 按系统命名法，化合物 的
7、名称是：2，3，4三甲基2乙基戊烷D. C6H14的同分异构体有4种【答案】A【解析】【详解】A中的H原子有4种，中的H原子也有4种，故它们的一溴代物均有4种，故A正确；BCH3CH=CHCH3可以看做是用两个甲基取代了乙烯中的2个H原子，而乙烯是平面结构，乙烯中的6个原子共平面，则用两个甲基取代了乙烯中的2个H原子后，所得CH3CH=CHCH3中的4个碳原子也共平面，但不是共直线，故B错误；C烷烃命名时，要选最长的碳链为主链，故主链上有6个碳原子，故为己烷，并从离支链近的一端给主链上的碳原子进行编号，故在2号和3号碳原子上各有一个甲基，在4号碳原子上有两个甲基，故名称为2，3，4，4-四甲基
8、己烷，故C错误；D己烷C6H14的同分异构体有：CH3(CH2)4CH3、(CH3)2CHCH2CH2CH3、(CH3CH2)2CHCH3、(CH3)3CCH2CH3、(CH3)2CHCH(CH3)2五种，故D错误；故答案为A。【点睛】判断有机物的取代产物的种类，可通过等效氢的判断方法确定，如果分子结构中有3种等效氢，则一元取代产物的种类就是3种，常见判断等效氢原子的方法是：分子中同一甲基上连接的氢原子等效，同一碳原子所连的氢原子等效，同一碳原子所连甲基上的氢原子等效，处于镜面对称位置上的氢原子等效。10.在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为32的化合物是()A. B. C. D. 【
9、答案】D【解析】【详解】根据有机物结构简式可判断A中有2组峰，其氢原子数之比为31，B中有3组峰，其氢原子数之比为311，C中有3组峰，其氢原子数之比为314，D中有两组峰，其氢原子数之比为32。选项D正确，答案选D。11.某小组在实验室研究一种有机物，按顺序采取以下步骤确定其结构，采用的方法不正确的是A. 利用沸点不同蒸馏提纯该有机物B. 利用燃烧法确定该有机物的实验式为C2H6OC. 利用核磁共振氢谱确定该有机物的相对分子质量为46D. 利用红外光谱图确定该有机物分子中含O-H键【答案】C【解析】A. 蒸馏是利用物质的沸点不同分离提纯的方法，故A正确；B. 利用燃烧法可以确定生成的二氧化碳
10、和水的量从而确定碳氢比，根据质量守恒取代是否含有O，因此可以得到该有机物的实验式C2H6O，故B正确；C. 利用核磁共振氢谱可以确定该有机物中氢原子的化学环境和个数比，不能确定相对分子质量，故C错误；D. 利用红外光谱图可以确定有机物分子中的化学键类型和官能团，因此可以取代是否含O-H键，故D正确；故选C。12.某有机化合物只含C、H、O三种元素，取4.6 g该有机化合物完全燃烧，测得只生成0.2mol CO2和5.4 g水，其质谱图和核磁共振氢谱如下图所示，该有机化合物是A. CH3CHOB. CH3CH2OHC. CH3OCH3D. CH3OCH2CH3【答案】B【解析】【详解】将4.6g
11、该有机物完全燃烧，生成了0.2mol CO2和5.4g H2O，n（H2O）=5.4g18gmol1=0.3mol，n（H）=0.6mol，m（H）=0.6mol1gmol1=0.6g，则m（C）+m（H）=0.212g+0.6g=3g4.6g，故有机物含有O元素，且m（O）=4.6g-3g=1.6g，故n（O）=1.6g16gmol1=0.1mol，n（C）：n（H）：n（O）=0.2mol：0.6mol：0.1mol=2：6：1，即该有机物实验式为C2H6O，由质谱图中质荷比的最大值46可知，相对分子质量为46，又C2H6O中H原子已经饱和C原子的四价结构，最简式即为分子式，由核磁共振氢谱
12、可知，该有机物分子中有3中化学环境不同的H原子，三种H原子数目之比为1：2：3，有机物的分子式为：C2H6O，结构式为：CH3CH2OH；故选B。13.下列系统命名正确的是（ ）A. 2-甲基-4-乙基戊烷B. 3,3,4-甲基己烷C. 2,4-二甲基辛烷D. 3,5-二甲基己烷【答案】C【解析】【详解】A、2-甲基-4-乙基戊烷正确的命名为2，4-二甲基己烷，选项A错误；B、3，4，4-甲基己烷正确的命名为3，3，4-三甲基己烷，选项B错误；C、2，4-二甲基辛烷名称符合系统命名方法和原则，选项C正确；D、3，5-二甲基己烷正确的命名为2，4-二甲基已烷，选项D错误；答案选C。【点睛】本题考
13、查了有机物相同命名方法的应用，注意主链选择，起点编号，名称书写的规范方法是解题关键，题目较简单，如2-甲基-4-乙基戊烷：烷烃命名时，要选最长的碳链为主链，故此烷烃的主链上有6个碳原子，即为己烷，从离支链近的一端给主链上碳原子编号，故在2号和4号碳原子上各有一个甲基。14.分子式为C5H6Br2的有机物，其结构不可能是（）A. 只含有一个双键的直链有机物B. 含两个双键的直链有机物C. 含一个双键的环状有机物D. 含一个三键的直链有机物【答案】A【解析】【详解】A含有一个双键的直链有机物不饱和度为1，而C5H6Br2的不饱和度为2，故A不可能；BC5H6Br2的不饱和度为2，可能是含有两个双键
14、的直链有机物，故B可能；CC5H6Br2的不饱和度为2，可能是含有一个双键的环状有机物，故C可能；DC5H6Br2的不饱和度为2，可能是含有一个叁键的直链有机物，故D可能；本题选不可能的，故选A。【点睛】明确不饱和度的计算方法是解题的关键。解答本题要注意常见结构的不饱和度，如双键的不饱和度为1，三键的不饱和度为2，环的不饱和度为2，苯环的不饱和度为4等。15.下列有机物核磁共振氢谱有6个峰的是（）ABCDA. AB. BC. CD. D【答案】A【解析】【详解】A该分子中无对称轴，含6种位置的H，核磁共振氢谱有6组峰，峰面积比为111113，故A正确；B该分子中有对称轴，含4种位置的H，核磁共
15、振氢谱有4组峰，峰面积比为1113，故B错误；C该分子中有对称轴，含4种位置的H，核磁共振氢谱有4组峰，峰面积比为1223，故C错误；D苯分子中的六个氢是完全相同的，核磁共振氢谱有1个峰，故D错误；故选A。16.某有机物X对氢气的相对密度为30，分子中含碳40%，含氢6.7%，其余为氧，X可与碳酸氢钠反应。下列关于X的说法不正确的是A. X的相对分子质量为60B. X的分子式为C2H4O2C. X的结构简式为CH3COOHD. X有3种同分异构体【答案】D【解析】【详解】A、有机物X对氢气的相对密度为30，则该有机物的相对分子质量为60，A正确；B、分子中含碳40%，含氢6.7%，其余为氧，则
16、C的个数为：=2，H的个数为：=4，O的个数为：=2，故X的分子式为C2H4O2，B正确；C、X的分子式为C2H4O2，且X可以和NaHCO3反应，故X的结构简式为CH3COOH，C正确；D、X的分子式为C2H4O2，其同分异构体有CH3COOH、CH3OOCH，共2种，D错误；故选D。17.下面有机物的同系物中，完全燃烧产生的水和二氧化碳的物质的量之比恒定的是饱和一元醇饱和一元醛饱和一元羧酸饱和一元醇和饱和一元羧酸生成的酯乙炔的同系物苯的同系物（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】完全燃烧生成的水和二氧化碳的物质的量之比恒定，说明有机物组成通式中H、C原子数目之比为定值，与C
17、原子数目无关，据此分析判断。【详解】饱和一元醇组成通式为CnH2n+2O，分子中H、C原子数目之比为(2n+2)n，不是定值，与n值有关，故不符合；饱和一元醛组成通式为CnH2nO，分子中H、C原子数目之比为2nn=21，定值，与n值无关，故符合；饱和一元羧酸组成通式为CnH2nO2，分子中H、C原子数目之比为2nn=21，是定值，与n值无关，故符合；饱和一元醇和饱和一元羧酸生成的酯的组成通式为CnH2nO2，分子中H、C原子数目之比为2nn=21，是定值，与n值无关，故符合；乙炔的同系物组成通式为CnH2n-2，分子中H、C原子数目之比为(2n-2)n，不是定值，与n值有关，故不符合；苯的同
18、系物组成通式为CnH2n-6，分子中H、C原子数目之比为(2n-6)n，不是定值，与n值有关，故不符合；符合条件的有，故选D。【点睛】正确理解题意是解题的关键。本题的易错点为，要注意饱和一元醇和饱和一元羧酸生成的酯的组成通式为CnH2nO2，与碳原子数目相等的羧酸是同分异构体。18.已知0.90g某有机物完全燃烧只生成1.32g CO2和0.54g H2O，下列有关该有机物的说法正确的是（）A. 一定只含C、H、O三种元素B. 一定含有C、H两种元素，一定不含O元素C. 该有机物的分子式为C3H6O2D. 不能确定是否含有除C、H、O之外的其他元素【答案】A【解析】【分析】1.32g CO2的
19、物质的量为=0.03mol，m(C)=12g/mol0.03mol=0.36g，0.54g H2O的物质的量为=0.03mol，m(H)=1g/mol0.03mol2=0.06mol，m(C)+m(H)=0.36g+0.06g=0.42g0.90g，则该有机物分子中除了含有C、H元素，还含有O元素，据此分析解答。【详解】A根据分析可知，该有机物分子中一定含有C、H、O三种元素，故A正确；B该有机物分子中一定含有O元素，故B错误；C根据上述分析，m(O)=0.90g-0.42g=0.48g，则n(C)n(H)n(O)=0.03mol0.06mol=121，实验式为CH2O，没有告诉该有机物的相对
20、分子质量，无法确定其分子式，故C错误；D根据质量守恒可知，该有机物分子中不会存在除C、H、O之外的其他元素，故D错误；故选A。【点睛】本题的易错点为C，要注意一般根据实验式不能直接确定分子式，但有些特殊情况，如实验式为C5H12O，由于C和H满足烷烃的组成通式，就可以确定分子式就是C5H12O。19.由环戊二烯(a)制备金刚烷(d)的合成路线如图所示。下列说法正确的是A. 物质a中所有原子可能在同一个平面上B. 反应为加成反应C. 物质c、d互为同系物D. 物质d的一氯代物有3种【答案】B【解析】【详解】A. 物质a中含有碳单键，其碳上的氢原子不能共面，故A错误； B. 反应中b中双键变为单键
21、，为加成反应，故B正确；C. 物质c、d互为同分异构体，故C错误； D. 物质d只有次甲基、亚甲基上两种H，其一氯代物有2种，故D错误；答案选B。【点睛】一般情况下，有机物中若存在甲基型的碳原子（和甲烷结构相似），所有的原子不可能共面；同分异构体：有相同的分子式，但结构不同，因而产生了性质上的差异，这种现象就叫做同分异构现象，而具有这种现象的化合物互称为同分异构体。简单说就是分子式相同结构不同的物质互称同分异构体；同系物：结构相似，分子组成上相差1个或者若干个CH2原子团的化合物互称为同系物。20.分子中含有三个以上OCH2CH2O重复单元的有机物叫冠醚，18冠6的结构简式如图所示。下列说法正
22、确的是（）A. 该分子中所有原子可能共平面B. 该分子的一氯代物只有1种C. 该有机物的最简式和葡萄糖的相同D. 18冠6中的“18”指分子含有18个碳原子，“6”指分子含有6个氧原子【答案】B【解析】【详解】A该分子中所有C原子都采用sp3杂化，具有甲烷的结构特点，所以该分子中所有原子不能共平面，故A错误；B该分子中只有一种氢原子，所以其一氯代物有1种，故B正确；C该有机物分子式为C12H24O6，葡萄糖的分子式为C6H12O6，前者最简式为C2H4O，后者最简式为CH2O，二者最简式不同，故C错误；D该分子中只有12个碳原子，18-冠-6中的“18”指环状分子的环上有18个原子，“6”指分
23、子含有6个氧原子，故D错误；故选B。二非选择题（共5小题，共50分）21.下列装置中有机物样品在电炉中充分燃烧，通过测定生成的CO2和H2O的质量，来确定有机物分子式。（1）A装置是提供实验所需的O2，C中CuO的作用是_。（2）若实验中所取样品只含C、H、O三种元素中的两种或三种，准确称取0.44 g样品，经充分反应后，D管质量增加0.36g，E管质量增加0.88 g，已知该物质的相对分子质量为44，则该样品的化学式为_。（3）若该有机物的核磁共振氢谱如下图所示，峰面积之比为1：3则其结构简式为_；该化合物具有的性质是：_。(填序号)A、能与水、乙醇、氯仿等互溶 B、无色、无味液体 C、能使
24、酸性KMnO4溶液和溴水褪色 D、任何条件下不能与H2反应（4）若符合下列条件，则该有机物的结构简式为_ 。环状化合物只有一种类型的氢原子（5）某同学认E和空气相通，会影响测定结果准确性，应在E后再增加一个装置E，其主要目的是_。【答案】 (1). 使有机物充分氧化生成CO2 (2). C2H4O (3). CH3CHO (4). AC (5). (6). 吸收空气中的二氧化碳和水蒸汽【解析】【分析】实验原理是测定一定质量的有机物完全燃烧时生成二氧化碳和水的质量来确定是否含氧及C、H、O的个数比，求出最简式，因此生成氧气后必须除杂（主要是除水蒸气）明确各装置的作用是解题的前提，A是生成氧气的装
25、置，B用于干燥通入C中的氧气，C是电炉加热时用纯氧气氧化管内样品，D用来吸收水，测定生成水的质量，E用来吸收二氧化碳，测定生成二氧化碳的质量；根据一氧化碳能与氧化铜反应，可被氧化成二氧化碳的性质可知氧化铜的作用是把有机物不完全燃烧产生的一氧化碳转化为二氧化碳，据此分析作答。【详解】根据上述分析可知，（1）C中CuO的作用是把有机物不完全燃烧产生的CO转化为CO2，即可使有机物充分氧化生成CO2，故答案为使有机物充分氧化生成CO2；（2）E管质量增加0.88g为二氧化碳的质量，可得碳元素的质量：0.88g=0.24g，D管质量增加0.36g是水的质量，可得氢元素的质量：0.36g=0.04g，从
26、而可推出含氧元素的质量为：0.44-0.24-0.04=0.16g，设最简式为CXHYOZ，则X：Y：Z=：=2：4：1，即最简式为C2H4O，已知该物质的相对分子质量为44，则该样品的化学式为C2H4O，故答案为C2H4O；（3）根据该有机物的核磁共振氢谱图，峰面积之比为1:3，则其结构简式为CH3CHO；A. 根据相似相容原理可知，CH3CHO能与水、乙醇、氯仿等互溶，A项正确；B. CH3CHO是无色，有强烈刺激性气味的液体，B项错误；C. CH3CHO具有还原性，酸性KMnO4溶液和溴水具有氧化性，则CH3CHO能使酸性KMnO4溶液和溴水褪色，C项正确；D. CH3CHO可与氢气在一
27、定条件下发生加成反应生成乙醇，D项错误；AC项正确；故答案为CH3CHO；AC；（4）若符合下列条件：环状化合物，只有一种类型的氢原子，说明结构中含有2个CH2，且具有对称性，则该有机物的结构简式为，故答案为；（5）某同学认为E和空气相通，会影响测定结果准确性，应在E后再增加一个E装置，防止E吸收空气中的二氧化碳和水蒸汽，使得二氧化碳的质量产生误差，故答案为吸收空气中的二氧化碳和水蒸汽。【点睛】本题考查有机物的分子式的实验测定，关键在于清楚实验的原理，掌握燃烧法利用元素守恒确定实验式的方法是解题的关键，本题的易错点为（3），注意掌握实验式的计算方法，难点为（4），根据要求正确书写有机物的结构简
28、式。22.为了测定某有机物A的结构，做如下实验：将4.4g该有机物完全燃烧，生成 0.2mol CO2和3.6g水；用质谱仪测定其相对分子质量，得如图1所示的质谱图；A的核磁共振氢谱如图2：试回答下列问题：（1）有机物A相对分子质量是_（2）有机物A的实验式是_（3）有机物A的分子式是_（4）红外光谱上发现A有COOH和2个CH3则有机物A的结构简式 _【答案】 (1). 88 (2). C2H4O (3). C4H8O2 (4). （CH3）2CHCOOH；【解析】（1）由已知用质谱仪测定其相对分子质量，得如图1所示的质谱图，根据该有机物的质谱图可知，其相对分子质量为88。（2）由已知将4.
29、4g该有机物完全燃烧，生成0.2molCO2和3.6g水，4.4g该有机物的物质的量为：4.4g88gmol-1=0.05mol，3.6g水的物质的量为：3.6g18gmol-1=0.2mol；4.4g该有机物中含C、H的质量共：12gmol-10.2mol+1gmol-10.2mol2=2.8g，根据质量守恒定律，4.4g该有机物分子中还含有1.6g(即0.1mol)氧原子，所以该有机物分子中C、H、O原子个数比为：0.2：0.22：0.1=2：4：1，故实验式为：C2H4O。（3）因为该有机物实验式为C2H4O，所以可设分子式为(C2H4O)n，根据相对分子质量是88可得：(122+14+
30、16)n=88，解得n=2，所以分子式为：C4H8O2。（4）红外光谱上发现A有-COOH和2个-CH3，结合该有机物分子式C4H8O2可知，其结构简式为：(CH3)2CHCOOH。23.有机物A可由葡萄糖发酵得到，也可以从牛奶中提取。纯净的A为无色粘稠液体，易溶于水。为研究A的组成与结构，进行了如下实验：实验步骤解释或实验结论称取A9.0g，升温使其汽化，测其密度是相同条件下H2的45倍试通过计算填空：（1）A的相对分子质量为_。将9.0gA在足量纯O2中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发现两者分别增重5.4g和13.2g（2）A的分子式为_。另取A9.0g，跟足量的NaHC
31、O3粉末反应，生成2.24LCO2（标准状况），若与足量金属钠反应则生成2.24LH2（标准状况）。（3）用结构简式表示A中含有的官能团_、_。A的核磁共振氢谱如图：（4）A中含有_种氢原子。综上所述，A的结构简式为_。【答案】 (1). 90 (2). C3H6O3 (3). -COOH (4). -OH (5). 4 (6). 【解析】【分析】（1）相同条件下，气体的相对分子质量之比等于密度之比；（2）浓硫酸可以吸收水，碱石灰可以吸收二氧化碳，根据元素守恒来确定有机物的分子式；（3）羧基可以和碳酸氢钠发生化学反应生成二氧化碳，-OH、-COOH和金属钠发生化学反应生成氢气，根据生成气体物质
32、的量判断含有的官能团；（4）核磁共振氢谱图中有几个峰值则含有几种类型的等效氢原子，峰面积之比等于氢原子的数目之比；（5）结合A的分子式、含有的官能团确定A的结构简式。【详解】(1)由其密度是相同条件下H2的45倍，可知A的相对分子质量为452=90，故答案为：90；(2)由题意可推知：n(A)=9.0g90g/mol=0.1mol，n(C)=n(CO2)=13.2g44g/mol=0.3mol，n(H)=2n(H2O)=25.4g18g/mol=0.6mol，n(O)=（9g0.312g0.61g）16g/mol=0.3mol，所以根据原子守恒可知A的分子式为C3H6O3，故答案为：C3H6O
33、3；(3)0.1molA与NaHCO3反应放出0.1molCO2，则说A中应含有一个羧基，而与足量金属钠反应则生成0.1molH2，说明A中还含有一个羟基，故答案为：-COOH；-OH；(4)核磁共振氢谱中有4个吸收峰，面积之比为1:1:1:3，可知A中应含有4种不同环境的氢原子，根据核磁共振氢谱图看出有机物中有4个峰值，则含4种类型的等效氢原子，且氢原子的个数比是3:1:1:1，所以结构简式为：。24.（1）戊烷的某种同分异构体只有一种一氯代物，试书写它的结构简式_（2）某炔烃和氢气充分加成生成2，5二甲基己烷，该炔烃的结构简式是_（3）某芳香烃结构为。它一氯代物有_种。（4）分子式为C6H
34、12的某烃的所有碳原子都在同一平面上，则该烃的结构简式为_，若分子式为C4H6的某烃中所有的碳原子都在同一条直线上，则该烃的结构简式为_。（5） 分子式为C8H10的芳香烃，苯环上的一氯代物只有一种，该芳香烃的结构简式是_。【答案】 (1). (2). (CH3)2CHCCCH(CH3)2 (3). 4 (4). (5). CH3CCCH3 (6). 【解析】【分析】(1)戊烷的某种同分异构体只有一种一氯代物，说明该有机物分子中只含1种类型的氢原子；(2)饱和烃与炔烃分子中碳的骨架完全相同，饱和烃相邻碳原子上必须均含有两个或两个以上的氢原子时才可出现碳碳叁键，根据2，5-二甲基己烷确定炔烃的结
35、构简式；(3)芳香烃的结构简式是，分子中有4种氢原子；(4)根据乙烯是平面型分子，乙炔是直线型分子，分析判断；(5)分子式为C8H10的芳香烃，苯环上的一氯代物只有一种，说明结构具有对称性，据此分析判断。【详解】(1)戊烷的某种同分异构体只有一种一氯代物，说明该有机物分子中只含1种类型的氢原子，该烃的结构简式为，故答案为：；(2)饱和烃与炔烃的碳的骨架完全相同，倒推可得，饱和烃相邻碳原子上必须均含有两个或两个以上的氢原子时才可出现碳碳叁键，所以某炔烃和氢气充分加成生成2，5-二甲基己烷，该炔烃的结构简式是(CH3)2CHCCCH(CH3)2，故答案为：(CH3)2CHCCCH(CH3)2；(3
36、)芳香烃的结构简式是，分子中有4种氢原子()，所以一氯代物有4种，故答案为：4；(4)乙烯是平面型分子，可看做乙烯中的四个氢原子被甲基取代，所以分子式为C6H12且所有碳原子都在同一平面上的烃的结构简式为；乙炔是直线型分子，CH3CCCH3可看做是甲基取代乙炔分子上的氢原子，所以分子式为C4H6的烃中所有的碳原子都在同一条直线上的结构简式是CH3CCCH3，故答案为：；CH3CCCH3；(5)分子式为C8H10的芳香烃，苯环上的一氯代物只有一种，说明结构对称，所以结构简式是，故答案为：。25.（1）0.2mol某烃A在氧气中完全燃烧后，生成CO2和H2O各1.2mol。试回答：若烃A不能使溴水
37、褪色，但在一定条件下能与氯气发生取代反应，其一氯取代物只有一种，则烃A的结构简式为_。 若烃A能使溴水褪色，在催化剂作用下，与H2加成反应后生成2，2二甲基丁烷，则烃A的名称是_，结构简式是_。比烃A少两个碳原子且能使溴水褪色的A的同系物有_种同分异构体（2）下列分子中，其核磁共振氢谱中只有一种峰（信号）的物质是_。A. CH3CH3 B. CH3COOH C. CH3COOCH3 D. CH3COCH3（3）化合物A和B的分子式都是C2H4Br2，A的核磁共振氢谱如图1所示，则A的结构简式为_。（4）某化合物的结构式（键线式）及球棍模型如图2：该有机分子的核磁共振氢谱图如图3（单位是ppm）
38、 。下列关于该有机物的叙述正确的是_。A. 该有机物不同化学环境的氢原子有8种B. 该有机物属于芳香族化合物，且属于酚C. 键线式中的Et代表的基团为CH3D. 该有机物在一定条件下能够发生消去反应【答案】 (1). (2). 3，3-二甲基-1-丁烯 (3). (CH3)3C-CH=CH2 (4). 3 (5). AD (6). CH2BrCH2Br (7). AD【解析】【分析】(1)烃燃烧生成二氧化碳和水，根据0.2mol烃燃烧生成二氧化碳和水各1.2mol判断分子中的碳原子和氢原子，据此确定分子式为C6H12；若烃A不能使溴水褪色，但在一定条件下，能与Cl2发生取代反应，其一氯代物只有
39、一种，说明烃中不含碳碳双键，应为环烷烃；若烃A能使溴水褪色，在催化剂作用下，与H2加成反应后生成2，2-二甲基丁烷，A中含有碳碳双键；比烃A少两个碳原子且能使溴水褪色的A的同系物为丁烯，根据同分异构体的书写方法分析解答；(2)核磁共振氢谱中只有一种峰，说明结构对称，只含有1种氢原子，据此分析解答(2)和(3)；(4)根据该有机物的球棍模型和核磁共振氢谱分析判断。【详解】(1)某烃A 0.2mol 在氧气中完全燃烧后，生成CO2和H2O各1.2mol，则分子中含有N(C)=6，N(H)=12，分子式为C6H12；C6H12只有1个不饱和度，若烃A不能使溴水褪色，则其为环烷烃，其中，能与氯气发生取
40、代反应，其一氯代物只有一种的是环己烷，即，故答案为：；若烃A能使溴水褪色，在催化剂作用下，与H2加成反应后生成2，2-二甲基丁烷，A中含有碳碳双键，应为(CH3)3C-CH=CH2，名称为3，3-二甲基-1-丁烯，故答案为：3，3-二甲基-1-丁烯；(CH3)3C-CH=CH2；比烃A少两个碳原子且能使溴水褪色的A的同系物为丁烯，对应的同分异构体有CH2=CHCH2CH3、CH3CH=CHCH3、CH3C(CH3)=CH2，共三种同分异构体，故答案为：3；(2)ACH3-CH3结构对称，含有一种氢原子，核磁共振氢谱中只有一个峰，故A正确；BCH3COOH含有2种氢原子，核磁共振氢谱中只有两个峰
41、，故B错误；CCH3COOCH3含有2种氢原子，核磁共振氢谱中只有两个峰，故C错误；DCH3COCH3结构对称，含有1种氢原子，核磁共振氢谱中只有一个峰，故D正确；故答案：AD；(3)化合物A和B分子式都是C2H4Br2，A的核磁共振氢谱只有一个峰，A中只有一种H原子，结构对称，则A为CH2BrCH2Br，故答案为：CH2BrCH2Br；(4)A该有机物结构不对称，含8种位置的H原子，所以核磁共振波谱图中有8种峰，故A正确；B该有机物中不含苯环，不属于芳香族化合物，故B错误；C由结构及球棍模型可知，Et代表-CH2CH3，故C错误；D结构中含-OH，且与-OH相连的C的邻位C上含H，所以在一定条件下能够发生消去反应，故D正确；故答案为：AD。【点睛】本题的易错点为(1)，要注意与H2加成反应后的烷烃的碳原子的骨架与原烯烃相同，饱和烃相邻碳原子上必须均含有氢原子时才可出现碳碳双键。