1、高考资源网（） 您身边的高考专家高考考前模拟卷(一)本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分(建议用时：60分钟满分：120分)第卷(选择题部分共42分)一、选择题(本题共4小题，每小题6分，共24分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)14(2014郑州模拟)某兴趣小组为了测量学校排球队主攻手扣球时对地面的最大作用力，利用如下方法：把一张白纸平放到地面，然后在排球的表面洒上水，让排球击到白纸上，留下水印，然后把白纸放到体重计上，让排球慢慢地向下压，当排球与白纸的接触面和水印重合时，读出体重计的读数即可知最大作用力的大小这种研究方法与下列实验中哪种实验方法类似()A利用打点
2、计时器测量自由落体的加速度B奥斯特通过放在通电直导线下方的小磁针发生偏转，得出“通电导线的周围存在磁场”的结论C验证力的平行四边形定则D探究影响电荷间相互作用的因素解析该研究小组所用的方法是等效替代法A项是留迹法B项是转化法C项是等效法D项是控制变量法答案C15(2014安徽芜湖二模)如图1所示，连同装备总重力为G的滑雪爱好者从滑雪坡道上由静止开始沿坡道ABC向下滑行，滑到B点时滑雪者通过改变滑雪板角度的方式来增大摩擦力的大小，使其到底端C点速度刚好减为零已知ABBC，设两段运动过程中摩擦力均为定值下列分别为滑雪者位移、速度、加速度、摩擦力随时间变化的图象，其中正确的是()图1解析对滑雪者分析
3、，受重力、支持力和摩擦力三个恒力作用，在AB和BC两段的合力均为恒定值，由牛顿第二定律，Gsin fABmaAB，fBCGsin maBC，加速度也分别恒定，且AB段aAB的方向沿斜面向下，BC段aBC的方向沿斜面向上，则选项C、D错误；滑雪者先匀加速运动到B，再匀减速运动到C，则选项B正确；xt图象的斜率表示速度，则选项A错误答案B16(2014届湖北部分重点高中高三联考)如图2所示，倾角为的斜面体C置于水平地面上，小物块B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体A相连接，连接物体B的一段细绳与斜面平行，已知A、B、C都处于静止状态则()图2A物体B受到斜面体C的摩擦力一定不为零B斜面体C
4、受到水平面的摩擦力一定为零C斜面体C有沿地面向右滑动的趋势，一定受到地面向左的摩擦力D将细绳剪断，若B物体依然静止在斜面上，此时水平面对斜面体C的摩擦力一定不为零解析B受C的摩擦力可能为零，也可能不为零，A项错，选BC整体为研究对象知，BC有沿地面向右滑动的趋势，C一定受地面向左的摩擦力，则B项错，C项对将细绳剪断，B静止在C，选BC整体受力分析和由平衡条件知，地面对C的摩擦力一定为零，D项错答案C17(2014山东潍坊二模)带电荷量分别为q和q的点电荷放在x轴上，相距为L，图中能正确反映两电荷连线上场强大小E与x关系的图象是()解析等量异种点电荷连线中点的电场强度最小，但不为零，越靠近电荷，
5、电场强度越大，同时等量异种点电荷连线上的电场强度大小关于中点对称，据此可知A项正确答案A二、选择题(本题共3小题，每小题6分，共18分在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)18(2014山东临沂3月质检)如图3所示，螺线管匝数n1 000匝，横截面积S10 cm2，螺线管导线电阻r1 ，电阻R4 ，磁感应强度B的Bt图象如图所示(以向右为正方向)，下列说法正确的是()图3A通过电阻R的电流是交变电流B感应电流的大小保持不变C电阻R两端的电压为6 VDC点的电势为4.8 V解析由Bt图象和楞次定律可知通过R的感应电流的方向不
6、断变化，A项正确；由Bt图象和EnnS6 V知E大小不变，由I1.2 A知I大小不变，B项正确；由于通过R的电流为交变电流，R两端的电压UIR4.8 V，由于电流方向的变化，C点的电势也会出现正负变化，C、D项错答案AB19(2014浙江六校联考)某家用桶装纯净水手压式饮水器如图4所示，在手连续稳定的按压下，出水速度为v，供水系统的效率为，现测量出桶底到出水管之间的高度差H，出水口倾斜，其离出水管的高度差可忽略，出水口的横截面积为S，水的密度为，重力加速度为g，则下列说法正确的是()图4A出水口单位时间内的出水体积QvSB出水口所出水落地时的速度C出水后，手连续稳定按压的功率为D手按压输入的功
7、率等于单位时间内所出水的动能和重力势能之和解析t时间内出水口出水的体积为：QvtS，所以单位时间内的出水体积为QvS，A正确；对水下落过程应用动能定理，有：mgHmv2mv2，可以判出落地速度v应大于，B错误；效率，水流出的功率为：P1，又有mQ，代入可以求得手连续稳定按压的功率为P2，C正确；D错误答案AC20(2014重庆调研)如图5所示，斜面体固定在水平面上，倾角为30，质量为m的物块从斜面体上由静止释放，以加速度a开始下滑，取出发点为参考点，则下图中能正确描述物块的速率v、动能Ek、势能Ep、机械能E、时间t、位移x关系的是()图5解析由mgsin Ffma和a知，Ff0.即斜面光滑，
8、由vat知A项正确Ekmv2ma2t2知B项错重力势能Epmgxsin 30知C项正确物块机械能EEpEk0，且机械能守恒，故D项正确答案ACD第卷(非选择题部分共78分)三、非选择题(本题共5小题，共78分)21(2014陕西咸阳二模)(10分)某同学利用如图6所示的气垫导轨装置验证系统机械能守恒定律在气垫导轨上安装了两光电门1,2，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过定滑轮与钩码相连图6(1)实验时要调整气垫导轨水平不挂钩码和细线，接通气源，释放滑块，如果滑块_，则表示气垫导轨已调整至水平状态(2)不挂钩码和细线，接通气源，滑块从轨道右端向左运动的过程中，发现滑块通过光电门1所用的时间小于通
9、过光电门2所用的时间实施下列措施能够达到实验调整目标的是()A调节P使轨道左端升高一些B调节Q使轨道右端降低一些C遮光条的宽度应适当大一些D滑块的质量增大一些E气源的供气量增大一些(3)实验时，测出光电门1,2间的距离L，遮光条的宽度d，滑块和遮光条的总质量M，钩码质量m.由数字计时器读出遮光条通过光电门1,2的时间分别为t1，t2，则系统机械能守恒成立的表达式是_解析(1)在判断气垫导轨是否处于水平时，不挂钩码、接通气源若滑块静止在导轨上可以，滑块在气垫导轨上做匀速直线运动时也可以，或运动的滑块经过两光电门的时间相等还可以(2)滑块从右向左运动时，通过光电门1的时间小于通过光电门2的时间，说
10、明导轨右端高左端低，调整的措施是调整P使轨道左端升高一些，或调节Q使轨道右端降低一些，A、B项正确(3)由钩码减少的重力势能等于系统增加的动能得表达式为mgL(mM)()2(mM)()2答案(1)能在气垫导轨上静止或者匀速运动或滑块经过两个光电门所用的时间相等(2)AB(3)mgL(mM)()2(mM)()222(2014重庆调研)(10分)为了测定一电压表的内阻，给定以下器材：A待测电压表(03 V，内阻约为几千欧)B电流表(01 mA)C电流表(01 A)D滑动变阻器(050 )E滑动变阻器(01 000 )F电源(1.5 V的干电池2节)G开关及导线若干(1)实验要求测量数据(电压和电流
11、)从零开始，请设计电路图画在虚线框内(2)实验中电流表应选用B，不应该选用C，其理由是_(3)实验时为了方便调节，滑动变阻器应选_(选项“D”或“E”)(4)下表是此次实验中测得的8组数据，请在图坐标纸上描点作出UI图线.实验次数12345678电压/V01.01.61.82.02.22.42.6电流/mA00.270.410.450.540.550.610.65图7(5)根据UI图线，计算得到电压表的内阻为_k(保留二位有效数字)解析(1)实验要求测量数据(电压和电流)从零开始，所以供电电路应采用分压式电路，为测量电压表的内阻，必须测量通过电压表的电流，故需要一个电流表与此电压表串联(2)根
12、据电压表的量程可以判断出电压表的电流比较小，而电流表C的量程比较大，为减小实验误差，实验中电流表应选用B，不应该选用C.(3)根据分压式电路的特点，滑动变阻器的电阻越小，电流表的读数改变的越明显，实验效果越好，故滑动变阻器应选D.(4)利用实验测得的8组数据，合理选择纵横坐标的标度，在坐标系中描点，第5次实验数据为错误数据，舍去，然后用“拟合”的方法连线，如答案图所示(5)图象的斜率表示电压表的内阻大小，根据图象的斜率可知电压表的内阻为4.0 k.答案(1)如图所示(2)电压表的电流远小于1 A(3)D(4)如图所示(5)4.0(或3.9)23(2014南京二模)(16分)如图8所示，质量M4
13、.0 kg的长木板B静止在光滑的水平地面上，在其右端放一质量m1.0 kg的小滑块A(可视为质点)初始时刻，A、B分别以v02 m/s向左、向右运动，最后A恰好没有滑离B板已知A、B之间的动摩擦因数0.40，取g10 m/s2.求：图8(1)A、B相对运动时的加速度aA和aB的大小与方向；(2)A相对地面速度为零时，B相对地面运动已发生的位移大小x；(3)木板B的长度l.解析(1)A、B分别受到大小为mg的摩擦力作用，根据牛顿第二定律对A物体有mgmaA则aAg4.0 m/s2方向水平向右对B物体有mgMaB则aBmg/M1.0 m/s2方向水平向左(2)开始阶段A相对地面向左做匀减速运动，到
14、速度为0所用时间为t1，则v0aAt1，解得t10.50 sB相对地面向右做减速运动xv0t1aBt0.875 m(3)A向左匀减速运动至速度为零后，相对地面向右做匀加速运动，加速度大小仍为aA4.0 m/s2B板向右仍做匀减速运动，加速度大小仍为aB1.0 m/s2当A、B速度相等时，A相对B滑到最左端，恰好滑不出木板，故木板B的长度为这个全过程中A、B间的相对位移在A相对地面速度为零时，B的速度vBv0aBt11.5 m/s设由A速度为零至A、B速度相等所用时间为t2，则aAt2vBaBt2解得t2vB/(aAaB)0.3 s；共同速度vaAt21.2 m/sA向左运动位移xA m0.32
15、 mB向右运动位移xB m1.28 m.B板的长度lxAxB1.6 m.答案见解析24(2014浙江六校联考)(20分)两平行金属导轨水平放置，一质量为m0.2 kg的金属棒ab垂直于导轨静止放在紧贴电阻R处，R0.1 ，其它电阻不计导轨间距为d0.8 m，矩形区域MNPQ内存在有界匀强磁场，场强大小B0.25 TMNPQx0.85 m，金属棒与两导轨间动摩擦因数都为0.4，电阻R与边界MP的距离s0.36 m在外力作用下让ab棒由静止开始匀加速运动并穿过磁场向右，加速度a2 m/s2，g取10 m/s2.图9(1)求穿过磁场过程中平均电流的大小(2)计算自金属棒进入磁场开始计时，在磁场中运动
16、的时间内，外力F随时间t变化关系(3)让磁感应强度均匀增加，用导线将a、b端接到一量程合适的电流表上，让ab棒重新由R处向右加速，在金属棒到达MP之前，电流表会有示数吗？简述理由已知电流表与导轨在同一个平面内解析(1)设金属棒到达MP、NQ的速度分别为v1，v2，则由v2as，得：v11.2 m/s由v2a(sx)，得：v22.2 m/s由电磁感应定律得：BdBd由闭合电路欧姆定律联立解得：3.4 A(2)因为EBdv，I，进入磁场后受安培力F安BId由牛顿第二定律得Fmgma又因为vv1at则在进磁场后Fmamg代入数据得F1.680.8t(N)其中t0.5 s(3)可以有电流只要导线、电表
17、、导体棒组成的回路有磁感线穿过，根据法拉第电磁感应定律，闭合回路磁通量变化，可以产生感应电流(此时金属棒和电阻R并联成为电路负载)答案(1)3.4 A(2)F1.680.8t(N)其中t0.5 s(3)见解析25(2014山东临沂3月质检)(22分)如图10所示，在直角坐标系的二、三象限内有沿x轴正方向的匀强电场，电场强度大小为E；在一、四象限内以xL的直线为理想边界的左右两侧存在垂直于纸面的匀强磁场B1和B2, y轴为磁场和电场的理想边界在x轴上xL的A点有一个质量为m、电荷量为q的带正电的粒子以速度v沿与x轴负方向成45的夹角垂直于磁场方向射出粒子到达y轴时速度方向与y轴刚好垂直若带电粒子
18、经历在电场和磁场中的运动后刚好能够返回A点(不计粒子的重力)图10(1)判断磁场B1、B2的方向；(2)计算磁感应强度B1、B2的大小；(3)求粒子从A点出发到第一次返回A点所用的时间解析(1)根据题意画出带电粒子在电场、磁场中的运动示意图，可知：磁场B1的方向垂直纸面向里，磁场B2的方向垂直纸面向外(2)带电粒子在磁场B1、B2中的运动半径分别为R1、R2，则B1qvm sin 45联立两式解得B1B2qvmsin 45联立解得B2(3)粒子在磁场B1中的运动周期T1粒子在磁场B1中的运动时间t12T1T1粒子在磁场B2中的运动周期T2粒子在磁场B2中的运动时间t2T2T2粒子在电场中运动的加速度a粒子在电场中匀减速运动和匀加速运动的时间相等，则t32粒子从A点出发到第一次返回A点所用的时间为tt1t2t3答案见解析- 13 - 版权所有高考资源网