1、高考资源网（） 您身边的高考专家2015年贵州省遵义市仁怀市酒都高中高考物理模拟试卷一、选择题（每小题6分）1（6分）在物理学发展的过程中，有许多伟大的科学家做出了突出贡献关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（） A 德国天文学家开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行多年研究，得出了万有引力定律 B 英国物理学家焦耳在热学、电磁学等方面做出了杰出贡献，成功地发现了焦耳定律 C 英国物理学家卡文迪许利用卡文迪许扭秤首先较准确的测定了静电力常量 D 古希腊学者亚里士多德认为物体下落快慢由它们的重量决定，牛顿利用逻辑推断使亚里士多德的理论陷入了困境【考点】： 物理学史【专题】： 常规题型【分析】：
2、 根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解析】： 解：A、德国天文学家开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行多年研究，得出了行星运动规律，牛顿得出了万有引力定律，故A错误；B、英国物理学家焦耳在热学、电磁学等方面做出了杰出贡献，成功地发现了焦耳定律，故B正确；C、英国物理学家卡文迪许利用卡文迪许扭秤首先较准确的测定了万有引力常量，故C错误；D、古希腊学者亚里士多德认为物体下落快慢由它们的重量决定，伽利略利用逻辑推断使亚里士多德的理论陷入了困境，故D错误；故选：B【点评】： 本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2（6分
3、）（2015仁怀市模拟）下列所给的图象中能反映做直线运动物体不会回到初始位置的是（） A B C D 【考点】： 匀变速直线运动的图像【专题】： 运动学中的图像专题【分析】： 物体回到初始位置时位移应为零xt图象中的纵坐标表示物体的位置，vt图象中图象与时间轴围成的面积表示物体的位移，分析各图象中的运动过程可得出正确结果【解析】： 解：A、由图可知，物体位移先增大后减小，故能回到初始位置，故A错误；B、由图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大，故无法回到初始位置，故B正确；C、物体第1s内的位移沿正方向，大小为2m，第2s内位移为2m，沿负方向，故2s末物体回到初始位置，故C错误；D、物体做匀
4、变速直线运动，2s末时物体的总位移为零，故物体回到初始位置，故D错误；故选：B【点评】： 图象为物理学中的重要方法，在研究图象时首先要明确图象的坐标，从而理解图象的意义；即可确定点、线、面的含义3（6分）如图所示，在匀强磁场区域中有一光滑斜面体，在斜面体上放了一根长为L、质量为m的导线，当通以如图方向的电流后，导线恰好能保持静止，则磁感应强度B满足（） A ，方向水平向左 B ，方向垂直纸面向外 C ，方向沿斜面向上 D ，方向竖直向下【考点】： 安培力【分析】： 对导体棒受力分析，受到重力、支持力和安培力，根据平衡条件分情况列式求解即可【解析】： 解：A、磁场方向水平向左时，安培力竖直向上，
5、与重力平衡，有mg=BIL解得B=，故A正确；B、磁场垂直向外时，由于电流与磁场方向平行，故安培力为零，不可能平衡，故B错误；C、方向沿斜面向上，安培力垂直于斜面向上，不可能平衡，故C错误；D、磁场竖直向下时，安培力水平向左，导体棒还受到重力和支持力，根据平衡条件和安培力公式，有mgtan=BIL解得B=，故D正确故选：AD【点评】： 本题关键是对物体受力分析，然后根据左手定则判断出各个选项中的安培力方向，最后根据平衡条件列方程求解即可4（6分）（2015仁怀市模拟）如图所示，A、B两物体叠放在一起，在水平恒定拉力F作用下沿光滑水平面一起向左做匀加速运动，运动过程中B受到的摩擦力（） A 方向
6、向右，保持不变 B 方向向左，保持不变 C 方向向左，逐渐减小 D 方向向右，逐渐减小【考点】： 牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【专题】： 牛顿运动定律综合专题【分析】： 先用整体法求出加速度，再应用隔离法求二者间的摩擦力【解析】： 解：A、B两物块叠放在一起共同向右做匀减速直线运动，对A、B整体根据牛顿第二定律有：a=然后隔离B，根据牛顿第二定律有：fAB=MBa=MB，大小不变，方向向左，故选：B【点评】： 对于连接体问题可以用整体法求加速度，用隔离法求解系统内力！5（6分）（2015仁怀市模拟）（多选）一粒子从A点射入电场，从B点射出，电场的等势面和粒子的运动轨迹如图所示，图中左侧前
7、三个等势面彼此平行等距，各个相邻的等势面间电势差相等，不计粒子的重力下列说法正确的有 （） A 粒子带负电荷 B 粒子的加速度先不变，后变小 C 粒子的速度不断增大 D 粒子的电势能先减小，后增大【考点】： 等势面；电势能【专题】： 电场力与电势的性质专题【分析】： 等势面的疏密可以表示场强的大小，电场线与等势面；电场力做正功，电势能减小，从而即可求解【解析】： 解：A、电场线（垂直于等势面）先向右后向上偏，而粒子后向下偏了，所以电场力与电场强度方向相反，所以粒子带负电，故A正确；B、因为等势面先平行并且密，后变疏，说明电场强度先不变，后变小，则电场力先不变，后变小，所以加速度先不变，后变小，
8、故B正确；C、由于起初电场力与初速度方向相反，所以速度先减小，故C错误；D、因为电场力先做负功，所以电势能先增大，故D错误；故选：AB【点评】： 本题考查等势面、电场线、电场力、电场力做功、电势能等等可以先根据等势面确定电场线的分布情况再判断6（6分）（2015仁怀市模拟）如图所示是发射同步卫星的原理：先将卫星送入近地圆轨道，在近地点A加速使卫星沿椭圆轨道运动，在远地点B再一次加速使卫星进入圆形同步轨道运动设地球半径为R，地球表面附近重力加速度为g0下列判断正确的是（） A 卫星在轨道上运动的速率大于在轨道上运动的速率 B 卫星在轨道上的运动速率约为v= C 卫星沿椭圆轨道运动时，在B点的速率
9、小于在A点的速率 D 卫星沿椭圆轨道运动时，在B点的加速度大于在A点的加速度【考点】： 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【专题】： 人造卫星问题【分析】： 卫星的变轨过程，在椭圆轨道远地点加速，使所需向心力等于万有引力后做圆周运动，则半径变大，周期变长，沿两个轨道的交点的速度因所在轨道的不同而不同，因加速后的为圆轨道，则动能变大据此分析各问题【解析】： 解：A、根据卫星圆轨道的环绕速度公式v=，卫星越高越慢，故卫星在轨道上运动的速率小于在轨道上运动的速率，故A错误；B、卫星在轨道上运行时，重力提供向心力，故：mg0=m解得：故B正确；C、卫星沿椭圆轨道运动时，机械能守恒
10、，越高势能越大、动能越小，故在B点的速率小于在A点的速率，故C正确；D、卫星沿椭圆轨道运动时，在B点的万有引力小于在A点的万有引力，故在B点的加速度小于在A点的加速度，故D错误；故选：BC【点评】： 解决本题的关键理解卫星的变轨问题，掌握比较速度、周期、加速度的方法7（6分）如图，理想变压器原副线圈匝数之比为20：1，原线圈接入一电压为u=U0sint的交流电源，副线圈接一个R=5.5的负载电阻若U0=220V，=100rad/s，则下述结论正确的是（） A 副线圈中电压表的读数为11V B 副线圈中输出交流电的周期为0.02s C 原线圈中电流表的读数为0.1A D 原线圈中的输入功率为11
11、W【考点】： 变压器的构造和原理【专题】： 交流电专题【分析】： 根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论【解析】： 解：A、由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为220V，所以原线圈的电压的有效值为220V，再根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为110V，即为电压表的读数，所以A错误B、变压器不会改变电流的周期，电流的周期为T=0.02s，所以B正确C、副线圈的电流为=2A，根据电流与匝数成反比可得，且原副线圈匝数之比为20：1，原线圈的电流大小为0.1A，所以C正确D、变压器的输入功率和输出功率相等，副线圈的功率为P=22
12、0W，所以原线圈中的输入功率也为220W，所以D错误故选：BC【点评】： 掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题8（6分）（2015仁怀市模拟）如图所示，在水平向右的匀强电场中，一带电金属块由静止开始沿绝缘斜面下滑，已知在金属块下滑的过程中动能增加了10J，金属块克服摩擦力做功5J，重力做功20J，则以下判断正确的是（） A 电场力做功5J B 合力做功15J C 金属块的机械能减少20J D 金属块的电势能增加5J【考点】： 电势能；功能关系【分析】： 在金属块滑下的过程中动能增加了10J，金属块克服摩擦力做功5J，重力做功20J，根据动能定理求出电场力
13、做功知道电场力做功量度电势能的改变知道重力做功量度重力势能的改变【解析】： 解：在金属块滑下的过程中动能增加了10J，金属块克服摩擦力做功5J，重力做功20J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=EK解得：W电=5J所以电场力做功5J，金属块的电势能增加5J故A错误D正确B、合力做功等于物体动能的变化量，故为10J，故B错误；C、在金属块滑下的过程中重力做功20J，重力势能减小20J，动能增加了10J，所以金属块的机械能减少10J，故C错误故选：D【点评】： 解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系【选修3-3】9（6分）（2015仁怀市模拟）下列
14、说法正确的是（） A 气体温度越高，每个分子的速率一定越大 B 雨水没有透过布雨伞是因为液体存在表面张力 C 布朗运动是指在显微镜下观察到的液体分子的无规则运动 D 单晶体的某些物理性质是各向异性的，多晶体的物理性质是各向同性的 E 气体在等压膨胀过程中温度一定升高【考点】： * 晶体和非晶体；布朗运动；温度是分子平均动能的标志【分析】： 温度升高，分子的平均动能增大，但是个别分子速率减小雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力布朗运动是指悬浮在液体中的小颗粒的运动，不是液体分子的运动等温膨胀过程，气体对外做功，内能减小，而温度是分子平均动能的标志【解析】： 解：A、温度越高，所有分子的平均动
15、能增大，但对于具体的每一个分子来说，其分子动能有可能减小，故A错误；B、雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力，从而使水珠成球形而不会掉下去；故B正确；C、布朗运动是指悬浮在液体中的小颗粒的运动，不是液体分子的运动，故C错误；D、单晶体的某些物理性质是各向异性的，多晶体的物理性质是各向同性的，故D正确；E、气体等压膨胀过程中，气体对外做功，内能减小，故温度会降低；故E错误；故选：BD；【点评】： 本题考查热力学基本定律的内容，要注意明确相应的物理规律在生产生活中的应用；如晶体、表面张力等10（9分）如图所示，气缸放置在水平平台上，活塞质量为10kg，横截面积50cm2，厚度不计当温度为27时
16、，活塞封闭的气柱长10cm，若将气缸倒过来放置时，活塞下方的空气能通过平台上的缺口与大气相通g取10m/s2，不计活塞与气缸之间的摩擦，大气压强保持不变将气缸倒过来放置，若温度上升到127，此时气柱的长度为20cm，求大气压强分析说明上述过程气体是吸热还是放热【考点】： 理想气体的状态方程；封闭气体压强【分析】： 求出气体的状态参量，然后应用理想气体状态方程求出压强应用热力学第一定律分析答题【解析】： 解：气缸正立时，气体压强：p1=p0+，气缸倒立时，气体压强：p2=p0，气体温度：T1=273+27=300K，T2=273+127=400K，气体体积：V1=1050=500cm3，V2=2050=1000cm3，由理想气体状态方程得：=，代入数据解得：p0=1105Pa；在整个过程中，气体体积增大，气体对外做功，W0，气体温度升高，气体内能增加，U0，由热力学第一定律：U=W+Q可知，Q=UW0，则气体要吸收热量；答：将气缸倒过来放置，若温度上升到127，此时气柱的长度为20cm，大气压强为1105Pa上述过程气体是吸热【点评】： 本题考查了求压强、判断吸放热情况，应用理想气体状态方程与热力学第一定律即可正确解题- 7 - 版权所有高考资源网
