1、2015届湖南省岳阳县一中高三第三次月考试卷物理分值100分 时量90分钟命题人：张晏兵 审题人：米庶一、选择题（每小题4分，共48分，其中第9题到第12题为多选） 1科学家并不比常人有太多的身体差异，只是他们善于观察，勤于思考，有更好的发现问题探究问题的毅力。下列规律或定律与对应的科学家叙述正确的是 A亚里士多德与自由落体定律B开普勒与行星运动定律C爱因斯坦与能量守恒定律 D牛顿与相对论 2如图所示，A、B两物体叠放在一起，用手托住，让它们静止靠在墙边，然后释放，使它们同时沿竖直墙面下滑，已知mAmB，则物体B的受力情况是( )A只受一个重力B受到重力、摩擦力各一个C受到重力、弹力、摩擦力各
2、一个 D受到重力、摩擦力各一个，弹力两个 3某人欲估算飞机着陆时的速度，他假设飞机着陆过程在平直跑道上做匀减速运动，在跑道上滑行的距离为s，从着陆到停下来的时间为t，则飞机着陆瞬间速度为（ ） A B C D到之间的某个值 4如图甲是某景点的山坡滑道图片，为了探究滑行者在滑道直线部分AE滑行的时间技术人员通过测量绘制出如图乙所示的示意图AC是滑道的竖直高度，D点是AC竖直线上的一点，且有ADDE10 m，滑道AE可视为光滑，滑行者从坡顶A点由静止开始沿滑道AE向下做直线滑动，g取10 m/s2，则滑行者在滑道AE上滑行的时间为（ ）A. s B.2 s C. s D.2 s 5如图所示为我国国
3、家大剧院外部呈椭球型。假设国家大剧院的屋顶为半球形，因特殊原因要执行维修任务，在竖直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从C点（C点与A点等高）沿支架缓慢地向B点靠近则绳中拉力大小变化的情况是 ( ) A先不变后变大B先不变后变小C先变大后不变D先变小后不变6匀强电场中的三点A、B、C是一个三角形的三个顶点，AB的长度为1 m，D为AB的中点，如图所示。已知电场线的方向平行于ABC所在平面，A、B、C三点的电势分别为14 V、6 V和2 V，设场强大小为E，一电量为1 C的正电荷从D点移到C点电场力所做的功为W,则（ ）A.W
4、=810-6 J E8 V/m B.W=6 10-6J E6 V/mC.W=810-6 J E8 V/m D.W=610-6 J E6 V/m ABaF 7相同材料制成的两物体A、B，用轻弹簧相连，放在粗糙的水平面上，在力F的作用下一起向右作加速度为a的匀加速运动，此时弹簧弹力为FT，当作用力增大到2F是，一起运动的加速度为a1，弹簧的弹力为FT1，则下列说法正确的是：( ) A. a1=2a FT1=2FT B. a1=2a FT12FT C. a12aFT1=2FT D. a12a FT1=2FT 8.如图所示，倾斜放置的圆盘绕着中轴匀速转动，圆盘的倾角为37，在距转动中心r = 0.1
5、m处放一个小木块，小木块跟随圆盘一起转动，小木块与圆盘间的动摩擦因数为= 0.8，假设木块与圆盘的最大静摩擦力与相同条件下的滑动摩擦力相同。若要保持小木块不相对圆盘滑动，圆盘转动的角速度最大不能超过（ ）A2 rad/s B8 rad/s Crad/s Drad/s 9.北京时间2014年10月24日02时00分，我国自行研制的探月工程三期再入返回飞行试验器，在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭发射升空，准确进入近地点高度为209公里、远地点高度41.3万公里的地月转移轨道，然后被月球捕获，进入绕月轨道。北京时间11月1日凌晨6时42分，再入返回飞行试验返回器穿过大气层，准确落入内蒙古中部地
6、区。中国探月工程三期再入返回飞行试验获得圆满成功。如图为发射飞行试验器示意图，则下列说法正确的是（ ）A发射飞行试验器的速度必须大于11.2km/sB在绕月圆轨道上，飞行试验器是通过加速不断向月球靠近的C再入返回飞行试验返回器在从绕月轨道上返回，必须先通过加速返回绕地轨道，再经过减速返回地面D在绕月圆轨道上，飞行试验器受地球的引力小于受月球的引力10.如图所示，长为L的长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物块，现缓慢地抬高A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为时小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v，则在整个过程中（ ）A 木板对物块做功为mv2
7、B 摩擦力对小物块做功为mgLsinC 支持力对小物块做功为mgLsinD 滑动摩擦力对小物块做功为mv2mgLsin 11一斜面体被两个小桩A和B固定在光滑的水平地面上，在斜面上放一物体，如图所示，以下判断正确的是（ ） A若物体静止在斜面上，则B受到斜面体的挤压 B若物体匀速下滑，则A、B不会受到斜面体的挤压 C若物体加速下滑，则A受到斜面体的挤压 D若物体减速下滑，则A受到斜面体的挤压12如图所示,质量分别为m1和m2的两个小球A、B,带有等量异种电荷,通过绝缘轻弹簧相连接，置于绝缘光滑的水平面上。当突然加一水平向右的匀强电场后，两小球A、B将由静止开始向两侧运动，在以后的整个运动过程中
8、，对两个小球和弹簧组成的系统（设整个过程中不考虑电荷间库仑力的作用且弹簧不超过弹性限度），以下说法正确的是（ ） A.系统机械能不断增加 B.弹簧对A、B两球做正功 C当弹簧长度达到最大值时，系统机械能最大D.当小球所受电场力与弹簧的弹力相等时，系统动能最大二、实验题(7+7=14分） 13卫星绕地球做匀速圆周运动时处于完全失重状态，物体对支持面几乎没有压力，所以在这种环境中已无法用天平称量物体的质量假设某同学在这种环境设计了如图所示装置（图中O为光滑的小孔）来间接测量物体的质量：给待测物体一个初速度，使它在桌面上做匀速圆周运动设航天器中具有基本测量工具（1）物体与桌面间的摩擦力可以忽略不计，
9、原因是 。（2）实验时需要测量的物理量是 。（3）待测物体质量的表达式为 14某同学在用如图甲所示的装置做“探究加速度与物体受力的关系”实验时(1)该同学在实验室找到了一个小正方体木块，用实验桌上的一把游千分尺测出正方体木块的边长，如图乙所示，则正方体木块的边长为_ mm；05045乙(2)接着用这个小正方体木块把小车轨道的一端垫高，通过速度传感器发现小车刚好做匀速直线运动设小车的质量为M，正方体木块的边长为a，并用刻度尺量出图中AB的距离s(as，且已知很小时tan sin )，则小车向下滑动时受到的摩擦力为_(3)然后用细线通过定滑轮挂上重物让小车匀加速下滑，不断改变重物的质量m，测出对应
10、的加速度a，则下列图象中能正确反映小车加速度a与所挂重物质量m的关系的是_ 三、计算题（8+8+10+12=38分）15（8分）如图所示，长为L的轻绳一端固定在O点，另一端系一小球(可视为质点)，小球在竖直平面内沿逆时针方向做圆周运动已知小球运动过程中轻绳拉力大小FT和轻绳与竖直方向OP的夹角的关系为：FTbbcos，b为已知的常数，当地重力加速度为g，不计空气阻力，求小球的质量16（8分）如图甲所示，质量为m1kg的物体置于倾角为37固定斜面上，对物体施以平行于斜面向上的拉力F，t11s时撤去拉力，物体运动的部分vt图像如图乙，（g=10m/s2)试求v/ms-1t/s21020甲乙F10
11、（1）拉力F的平均功率； （2）t4s时物体的速度v。17（10分）如图所示，一个绝缘粗糙平台OABC，AB长L2m，OA高h1m。以O点为原点建立坐标系Oxy，y轴左侧空间存在方向斜向右上方与水平方向成45角、电场强度E10N/C的匀强电场；平台的右侧存在一坡面，坡面的抛物线方程为yx2。在平台左侧B处有一个质量为m0.2kg、电荷量为q+0.1C的物块，物块与桌面的动摩擦因数0.2。在电场力作用下，物块开始向右运动，从A点水平飞出，最后落在坡面上。（g10m/s2）。求：（1）物块从A点水平飞出的速度；（2）物块落到坡面上的动能。18（12分）如图所示，在倾角为=30的光滑斜面上有两个用轻
12、质弹簧相连接的物块A、B，它们的质量均为为m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态。现开始用一沿斜面方向的力F拉物块A使之向上匀加速运动，当物块B刚要离开C 时F的大小恰为2mg。求：（1）从F开始作用到物块B刚要离开C的时间。（2）到物块B刚要离开C时力F所做的功物理参考答案一、选择题题号123456789101112答案BABBBACACDACDBDCD二、实验题13、（1） 物体对支持面无压力 （2分） （2）弹簧秤拉力F，圆周运动半经r,周期T（2分） （3）m=(3分）14、（1）5.978mm （2分） (2) （2分） (3)C（3分）三、计算题15、解：设小球在
13、圆周的最低点即0时速度为v1，此时轻绳上拉力FT2b由牛顿第二定律得2bmgm小球在圆周的最高点即180时速度为v2，此时轻绳上拉力FT0由牛顿第二定律得mgm从最低点到最高点，由机械能守恒得：mvmv2mgL由以上几式解得m.16、解：（1）设力F作用时物体的加速度为a1，对物体进行受力分析，由牛顿第二定律可知Fmgsinmgcosma1撤去力后，由牛顿第二定律有mgsinmgcosma2根据图像可知：a120m/s2，a210m/s2t11s时物体的速度：v1a1t1拉力F的平均功率为PFv1/2解得P300W（2）设撤去力后物体运动到最高点时间为t2，v1a2t2，解得t22s则物体沿着
14、斜面下滑的时间为t3tt1t21s设下滑加速度为a3，由牛顿第二定律mgsinmgcosma3t4s时速度va3t32m/s，沿着斜面向下17、解：（1）对带电物块受力分析 解得： mgqEFNFf（2）物块从A点平抛 yx2 得t=1s 又 18、解：令x1表示未加F时弹簧的压缩量，由胡克定律和牛顿定律可知mgsin30=kx1 令x2表示B 刚要离开C时弹簧的伸长量，a表示此时A 的加速度，由胡克定律和牛顿定律可知kx2=mgsin30 Fmgsin30kx2=ma 将F=2mg和=30代入以上各式，解得 由x1+x2 = 解得t=（2） 物块B刚要离开C时，物块A的速度为 （3） 此时弹簧的伸长量和F开始作用时的压缩量相同，弹簧的弹性势能改变量为零。由动能定理得 解得 版权所有：高考资源网()版权所有：高考资源网()