1、【名师解析】浙江省温州十校（温州中学等）2015届高三上学期期中联考物理试题【试卷综析】本试卷是高三模拟试卷，包含了高中物理必修一、必修二、选修3-1的电场、恒定电流内容。主要包含了匀变速运动规律、受力分析、牛顿第二定律、动能定理、机械能守恒、电场等，知识覆盖面广，知识点全面以基础知识和基本技能为载体，以能力测试为主导，在题型上以基础题、原创题为主，考查学生的计算、分析综合能力，是份很好的试卷。 （满分100分，考试时间：90分钟）一、单项选择题（本题包括10小题，每小题3分，共计30分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对得3分，选错得0分）【题文】1.在物理学的发展过程中，科学的
2、物理思想与方法对物理学的发展起到了重要作用，下列关于物理思想和方法说法不正确的是 （ ）A.质点和点电荷是同一种思想方法B.重心、合力和分力、总电阻都体现了等效替换的思想C.伽利略用小球在斜面上的运动验证了速度与位移成正比D.加速度、电场强度、电势都是采取比值法定义的物理量【知识点】 物理学史P0【答案解析】C 解析： A、质点及点电荷采用了理想化的物理模型的方法，所以质点和点电荷是同一种思想方法，故A正确；B、重心、合力和分力、总电阻都采用了等效替代的思想，故B正确；C、伽利略提出了“落体运动的速度v与时间t成正比”的观点，不是速度跟位移成正比，故C错误；D、加速度、电场强度、电势都是采取比
3、值法定义的物理量故D正确；本题选错误的，故选：C 【思路点拨】质点及点电荷采用了理想化的物理模型的方法合力与分力能够等效替代，采用了等效替代的思想；伽利略提出了“落体运动的速度v与时间t成正比”的观点加速度、电场强度、电势都是采取比值法定义的物理量对于物理学上重要的实验和发现，可根据实验的原理、内容、结论及相应的物理学家等等一起记忆，不能混淆【题文】2.如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是（ ）A.N处受到的支持力竖直向上B.M处受到的支持力竖直向上C.N处受到的摩擦力沿水平方向D.M处受到的摩擦力沿MN方向【知识点】 共点力平衡的条件及其应用
4、；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力B3 B4【答案解析】B 解析：A、M处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，N处受到的支持力的方向与原木P垂直向上，不是竖直向上，故A错误B正确；C、因原木P有沿原木向下的运动趋势，所以N处受到的摩擦力沿MN方向，故C错误D、原木相对于地有向左运动的趋势，则在M处受到的摩擦力沿地面向右，故D错误；故选：B 【思路点拨】支持力的方向是垂直于接触面指向被支持的问题，静摩擦力的方向是与相对运动趋势的方向相反，由此可判知各选项的正误解决本题的关键要掌握支持力和静摩擦力方向的特点，并能正确分析实际问题支持力是一种弹力，其方向总是与接触面垂直，指向被支持物静
5、摩擦力方向与物体相对运动趋势方向相反【题文】3.一名消防队员从一平台上无初速度跳下，下落0.8 s后双脚触地，接着用双腿弯曲的方法缓冲，又经过0.2 s重心停止了下降，在该过程中（不计空气阻力），可估计地面对他双脚的平均作用力为（ ）A.自身所受重力的8倍 B.自身所受重力的5倍 C.自身所受重力的4倍 D.自身所受重力的2倍【知识点】 动量定理F3【答案解析】B 解析： 消防队员受重力和支持力，规定向上为正方向，对消防队员运动的整个过程，根据动量定理，有：mg（t1+t2）-Ft2=0故选：B【思路点拨】消防队员受重力和支持力，对消防队员运动的整个过程根据动量定理列式求解即可本题关键是明确消
6、防队员的受力情况和动量改变情况，然后根据动量定理列式分析，注意先规定正方向，基础题目【题文】4.从地面上以初速度v0竖直上抛一质量为m的小球，若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为v1，且落地前小球已经做匀速运动，则整个在过程中，下列说法中错误的是 （ ）A.小球被抛出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值 最小B.小球的加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程中也 逐渐减小C.小球抛出瞬间的加速度大小为（1+v0/v1）gD.小球下降过程中的平均速度大于v1/2【知识点】 匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的
7、速度与时间的关系A2 A5【答案解析】A 解析：A、小球抛出时重力向下，阻力向下，此时速率最大故阻力最大，可知合力在抛出时最大，可知此时加速度最大，而加速度最小值为零，出现在匀速运动至落地前，故A错误；B、由小球受到的空气阻力与速率成正比，由可知在上升过程中空气阻力减小，又重力向下，故上升阶段合力减小，故加速度减小下降过程中速率增大，空气阻力增大，方向向上，而重力向下，故合力逐渐减小，加速度逐渐减小，故B正确；C、由图可知，速度为v1时球匀速，说明重力等于阻力，故有：kv1=mg，得：k=，故抛出瞬间的空气阻力为：f0=kv0=，故抛出瞬间的加速度为：a=，故C正确CD、上升过程若是匀减速直线
8、运动，其平均速度为，而从图中可以看出其面积小于匀减速直线运动的面积，即图中的位移小于做匀减速的位移，而平均速度等于位移比时间，故其平均速度小于匀减速的平均速度，即小于，故D正确;本题选错误的，故选：A 【思路点拨】由图中的速度可以判定何时阻力最大，进而判定最大加速度，加速度最小是零，而小球有匀速阶段，故加速度最小值应该出现在匀速阶段,由小球受到的空气阻力与速率成正比，由此加上重力，可以判定上升和下降阶段的加速度变化;由图可知，速度为v1时球匀速，说明重力等于阻力，故可以得到比例系数，进而判定抛出时加速度;由面积表示位移分析它与匀减速运动平均速度的关系，可判定D, 本题关键是受力分析，只有分析好
9、小球的受力，才能解答好前三项，至于最后一个是利用的面积表示位移，而平均速度等于位移比时间【题文】5.山地滑雪是人们喜爱的一项体育运动如图所示，一滑雪坡由斜面AB和圆弧面BC组成，BC圆弧面和斜面相切于B，与水平面相切于C，竖直台阶CD底端与倾角为的斜坡DE相连。第一次运动员从A点由静止滑下通过C点后飞落到DE上，第二次从AB间的A点（图中未标，即ABAB）由静止滑下通过C点后也飞落到DE上，运动员两次与斜坡DE接触时速度与水平方向的夹角分别为1和2，不计空气阻力和轨道的摩擦力，则 ABCBDBEh1h2第5题图A.12 B.1UHGC.若在A、E两点处放置等量异种点电荷，则C、G两点的电势相等
10、D.若在A、E两点处放置等量异种点电荷，则D、F两点的电场强度大小相等【知识点】 电场强度；电场的叠加；电势I1【答案解析】BD 解析：A、若A点放置一正点电荷，由于B与H到A的距离不相等，使用B、H两点的电场强度大小不相等故A错误；B、若A点放置一正点电荷，由图中的几何关系可知，BC之间的电场强度要大于HG之间的电场强度，结合它们与A之间的夹角关系可得电势差UBCUHG，故B正确；C、若在A、E两点处放置等量异种点电荷，则AE连线的垂直平分平面是等势面，等势面两侧的点，一定具有不同的电势，使用C、G两点的电势一定不相等故C错误；D、若在A、E两点处放置等量异种点电荷，等量异种点电荷的电场具有
11、对称性，即上下对称，左右对称，D与H上下对称，所以电场强度大小相等；H与F相对于E点一定位于同一个等势面上，所以H与F两点的电势相等，则D、F两点的电场强度大小相等故D正确故选：BD 【思路点拨】本题重点考查了匀强电场的理解：在匀强电场中平行且相等的线段之间电势差相等同时注意电场线和等势线是垂直的本题从比较新颖的角度考查了学生对点电荷的电场与等量异种点电荷的电场的理解，因此一定从多个角度理解匀强电场的特点，多训练以提高理解应用能力三、实验题（每空2分，共20分）【题文】15.右图所示的游标卡尺是在测某物体的内径，则游标卡尺读数为 cm。【知识点】 刻度尺、游标卡尺的使用P0【答案解析】1.90
12、 解析： 游标卡尺的主尺读数为19mm，游标尺上第0个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为00.1mm=0.0mm，所以最终读数为：19mm+0.0mm=19.0mm=1.90cm【思路点拨】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量【题文】 16.(1)小叶同学利用图甲装置探究加速度与质量之间的定性关系。根据图片信息，他安装仪器后，准备开始测量实验数据时的状态如图甲所示，从图片上看，你觉得他在开始正确测量前必须得修正哪几方面的问题？(请写出三点) 图甲【题文】（2）修正后，
13、小叶同学就开始实验测量，如下图乙所示。他所接的打点计时器的电档位如右图示，则他所选的打点计时器是哪种常用的打点计时器？ 【知识点】 探究加速度与物体质量、物体受力的关系C4【答案解析】a、长木板的右端没被垫高，说明没有平衡摩擦力；b、小车和打点计时器的距离太开了； c、细线没套在定滑轮的轮槽上，以致拉线未能与板面平行；（2）电磁打点计时器 。 解析：（1）长木板的右端没被垫高，说明没有平衡摩擦力；小车和打点计时器的距离太远了，细线没套在定滑轮的轮槽上，以致拉线未能与板面平行；（2）电磁打点计时器使用4-6V交流电压，电火花打点计时器直接接在220V交流电压上，所以他所选的打点计时器是电磁打点计
14、时器【思路点拨】实验时小车应靠近打点计时器，在实验前应平衡小车受到的摩擦力，重物与小车的连线应平行于木板，知道电磁打点计时器和电火花打点计时器的区别只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，知道两种打点计时器的区点评：别与联系【题文】17.在测绘小灯泡的伏安特性曲线实验中(1)看右图，请你回忆：你在实验室 做测绘小灯泡的伏安特性曲线的实验时，除了图中已给的实验仪器外，还应该有什 么仪器： 图甲(2)小嘉和小敏同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，需测量一个标有“3V，1.5W”灯泡两端的电压和通过灯泡的电流。俩同学连好的实物如图乙所示。在以下电流表中选择合适的一只 是_ ；电流表A1
15、（量程3A，内阻约 0.1）；电流表A2(量程600mA，内阻约 0.5)；电流表A3(量程100mA，内阻约3)。若俩同学连接电路后检查所有元器件都完好，电流表和电压表已调零，经检查各部分接触良好。但闭合开关后，反复调节滑动变阻器，小灯泡的亮度发生变化，但电压表和电流表示数不能调为零，则断路的导线为_段 ；（用图乙中字母表示）若俩同学连接电路后检查所有元器件都完好，电流表和电压表已调零，经检查各部分接触良好。但闭合开关后，反复调节滑动变阻器，当小灯泡的亮度发生较大变化时，电压表的指针偏转变化明显，但电流表的指针偏转变化很小，你觉得他俩该如何排除此“意外”？ 实验测得的部分数据如表，请在图丙所
16、示的坐标纸上作出该元件的IU 图像；电压U /V0.400.801.201.602.002.40电流I /A0.020.050.120.200.310.44【知识点】 描绘小电珠的伏安特性曲线J4【答案解析】(1)电流表（量程为0.6A）；（2）电流表A2 ； h ； 电流表的量程接大了； 描点得到一条过原点的，I与U正相关的曲线. 解析：（1）描绘灯泡伏安特性曲线需要用电压表测电压，用电流表测电流，用滑动变阻器改变电路电阻，所以还需要电流表（量程为0.6A）；（2）需测量一个标有“3V，1.5W”灯泡两端的电压和通过灯泡的电流即额定电流I=0.5A，所以合适的电流表是电流表A2（量程600m
17、A，内阻约0.5）；由题意可知，电路中有电流但不能调零，且灯泡亮度发生变化，说明滑动变阻器接成了限流接法，故说明h导线发生了断路；电流表和电压表已调零，经检查各部分接触良好但闭合开关后，反复调节滑动变阻器，当小灯泡的亮度发生较大变化时，电压表的指针偏转变化明显，但电流表的指针偏转变化很小，即电流表的量程接大了；根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出图象如图所示：【思路点拨】描绘灯泡伏安特性曲线，需要测出电压与电流，根据实验器材分析答题描绘小灯泡的伏安持性曲线实验中要注意实验中的原理及接法；要求学生熟练应用分压接法四、计算题（写出必要的解题过程和步骤，本题共3小题，共34分）
18、【题文】18.(10分)一物体从静止开始做匀加速直线运动，加速度的大小为a，经过一段时间当速度为v时，将加速度反向、大小改变。为使这物体再经过与加速过程所用时间的N倍时间恰能回到原出发点，则反向后的加速度应是多大？回到原出发点时的速度为多大？【知识点】 匀变速直线运动的位移与时间的关系A8【答案解析】 , 解析： 取加速度a的方向为正方向以加速度a加速运动时有： 以加速度反向运动到原出发点时，位移为 有：(没说明直接给3分） 解得： 回到原出发点时的速度 解得： 负号表明，回到原出发点时速度的大小为，方向与原的运动方向相反【思路点拨】根据匀变速直线运动的位移时间公式和速度时间公式，抓住位移大小
19、相等，方向相反，求出反向后的加速度，根据速度时间公式求出返回出发点的速度解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用【题文】19.(11分)如图所示是某次四驱车比赛的轨道某一段。张华控制的四驱车（可视为质点），质量 m=1.0kg，额定功率为P=7W。张华的四驱车到达水平平台上A点时速度很小（可视为0），此时启动四驱车的发动机并直接使发动机的功率达到额定功率，一段时间后关闭发动机。当四驱车由平台边缘点飞出后，恰能沿竖直光滑圆弧轨道CDE上C点的切线方向飞入圆形轨道，且此时的速度大小为5m/s，COD53，并从轨道边缘E点竖直向上飞出，离开E以后上升的最大高度为h=
20、0.85m。已知AB间的距离L=6m，四驱车在AB段运动时的阻力恒为1N。重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力。sin53=0.8，cos53=0.6，求：(1)四驱车运动到B点时的速度大小；(2)发动机在水平平台上工作的时间；(3)四驱车对圆弧轨道的最大压力。【知识点】 动能定理；机械能守恒定律E2 E3【答案解析】（1）3m/s；（2）1.5s；（3）55.5N 解析： (1)VB=VCcos53 滑块运动到B点时的速度为VB=3m/s (2)从A到B的运动过程中有牵引力和阻力做功，根据动能定理有：mVB2 = Pt - fL t=1.5s (3)从C点运动到最高过程中，只有重力做功，
21、所以机械能守恒，有：mVC2 =mg(h+Rcos53) 圆轨道的半径R=2/3m 设四驱车到达D点时对轨道的压力最大 四驱车在D点速度为VD，从C到D过程中机械能守恒，有：mVD2 mVC2 =mgR(1cos53) (或mVD2 = mg（R+h) Fmaxmg= 四驱车对轨道的最大压力Fmax=55.5 N 【思路点拨】（1）小车离开B点做平抛运动，根据平行四边形定则求出水平分速度，从而得出B点的速度（2）对A到B的过程运用动能定理，抓住功率不变，求出发动机在水平平台上的工作时间（3）根据机械能守恒定律求出D点的速度，通过牛顿第二定律求出支持力的大小，从而得出压力的大小本题考查了动能定理
22、、机械能守恒与平抛运动、圆周运动的综合，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律以及圆周运动向心力的是解决本题的关键【题文】20.如图所示，质量为m带电量为+q的小球静止于光滑绝缘水平面上，在恒力F作用下，由静止开始从A点出发到B点，然后撤去F，小球冲上放置在竖直平面内半径为R的光滑绝缘圆形轨道，圆形轨道的最低点B与水平面相切，小球恰能沿圆形轨道运动到轨道末端D，并从D点抛出落回到原出发点A处。整个装置处于电场强度为E= 的水平向左的匀强电场中，小球落地后不反弹，运动过程中没有空气阻力。求(1)小球刚到D点的速度；(2)AB之间的距离；(3)F的大小。【知识点】 带电粒子在混合场中的运动；
23、动能定理的应用E2 K3【答案解析】 （1） （2）R；（3）mg解析： （1）电场力F电=Eq=mg 电场力与重力的合力F合=mg，方向与水平方向成45向左下方 小球恰能到D点，有：F合= VD= （2）从D点抛出后，只受重力与电场力，所以合为恒力，小球初速度与合力垂直，小球做类平抛运动，以D为原点沿DO方向和与DO垂直的方向建立坐标系（如图所示）。小球沿X轴方向做匀速运动，x=VD t沿Y轴方向做匀加速运动，y= at2 a= =所形成的轨迹方程为y= 直线BA的方程为：y= -x+(+1)R 解得轨迹与BA交点坐标为(R，R）B的坐标为（R，(+ 1)R)AB之间的距离LAB =R （3）从A点D点电场力做功：W1=（1 ）REq 重力做功W2= (1+ )Rmg F所做的功W3=FR 有W1+W2+W3 = mVD2 F= mg 【思路点拨】（1）小球在D点，重力与电场力的合力提供向心力，由牛顿第二定律即可求出D点的速度；（2）小球离开D时，速度的方向与重力、电场力的合力的方向垂直，小球做类平抛运动，将运动分解即可；（3）对小球从A运动到等效最高点D过程，由动能定理可求得小球受到的拉力本题是动能定理和向心力知识的综合应用，分析向心力的是解题的关键