1、考点一圆周运动中的运动学分析1线速度：描述物体圆周运动快慢的物理量v.2角速度：描述物体绕圆心转动快慢的物理量.3周期和频率：描述物体绕圆心转动快慢的物理量T，T.4向心加速度：描述速度方向变化快慢的物理量anr2vr.5相互关系：(1)vrr2rf.(2)anr2vr42f2r.思维深化1匀速圆周运动和匀速直线运动中的两个“匀速”的含义相同吗？有什么区别？答案不同前者指线速度的大小不变，后者指速度的大小和方向都不变2判断下列说法是否正确(1)匀速圆周运动是匀变速曲线运动()(2)做匀速圆周运动的物体所受合外力大小、方向都保持不变()(3)做匀速圆周运动的物体角速度与转速成正比()1链条传动图
2、1是自行车传动装置的示意图，其中是半径为r1的大齿轮，是半径为r2的小齿轮，是半径为r3的后轮，假设脚踏板的转速为n r/s，则自行车前进的速度为()图1A. B. C. D.答案D解析因为要计算自行车前进的速度，即车轮边缘上的线速度的大小，根据题意知：轮和轮边缘上的线速度的大小相等，据vr可知：r11r22，已知1，则轮的角速度2，因为轮和轮共轴，所以转动的角速度相等即32，根据vr可知，v3r33.2皮带传动(多选)如图2所示，有一皮带传动装置，A、B、C三点到各自转轴的距离分别为RA、RB、RC，已知RBRC，若在传动过程中，皮带不打滑则()图2AA点与C点的角速度大小相等BA点与C点的
3、线速度大小相等CB点与C点的角速度大小之比为21DB点与C点的向心加速度大小之比为14答案BD解析处理传动装置类问题时，对于同一根皮带连接的传动轮边缘的点，线速度相等；同轴转动的点，角速度相等对于本题，显然vAvC，AB，选项B正确；根据vAvC及关系式vR，可得ARACRC，又RC，所以A，选项A错误；根据AB，A，可得B，即B点与C点的角速度大小之比为12，选项C错误；根据B及关系式a2R，可得aB，即B点与C点的向心加速度大小之比为14，选项D正确3.摩擦传动如图3所示，B和C是一组塔轮，即B和C半径不同，但固定在同一转动轴上，其半径之比为RBRC32，A轮的半径大小与C轮相同，它与B轮
4、紧靠在一起，当A轮绕过其中心的竖直轴转动时，由于摩擦作用，B轮也随之无滑动地转动起来a、b、c分别为三轮边缘的三个点，则a、b、c三点在转动过程中的()图3A线速度大小之比为322B角速度之比为332C转速之比为232D向心加速度大小之比为964答案D解析A、B轮摩擦传动，故vavb，aRAbRB，ab32；B、C同轴，故bc，vbvc32，因此vavbvc332，abc322，故A、B错误转速之比等于角速度之比，故C错误由av得：aaabac964，D正确传动问题的类型及特点1传动的类型(1)皮带传动(线速度大小相等)；(2)同轴传动(角速度相等)；(3)齿轮传动(线速度大小相等)；(4)摩
5、擦传动(线速度大小相等)2传动装置的特点(1)同轴传动：固定在一起共轴转动的物体上各点角速度相同；(2)皮带传动、齿轮传动和摩擦传动：皮带(或齿轮)传动和不打滑的摩擦传动的两轮边缘上各点线速度大小相等考点二圆周运动中的动力学分析1向心力的来源向心力是按力的作用效果命名的，可以是重力、弹力、摩擦力等各种力，也可以是几个力的合力或某个力的分力，因此在受力分析中要避免再另外添加一个向心力2向心力的确定(1)确定圆周运动的轨道所在的平面，确定圆心的位置(2)分析物体的受力情况，找出所有的力沿半径方向指向圆心的合力，就是向心力3向心力的公式Fnmanmm2rmrmr42f2.4匀速圆周运动的条件当物体所
6、受的合外力(大小恒定)始终与速度方向垂直时，物体做匀速圆周运动，此时向心力由物体所受合外力提供思维深化判断下列说法是否正确(1)做圆周运动的物体，一定受到向心力的作用，所以分析做圆周运动物体的受力时，除了分析其受到的其他力，还必须指出它受到向心力的作用()(2)做圆周运动的物体所受到的合外力不一定等于向心力()(3)做圆周运动的物体所受合外力突然消失，物体将沿圆周的半径方向飞出()(4)在绝对光滑的水平路面上汽车可以转弯()(5)火车转弯速率小于规定的数值时，内轨受到的压力会增大()(6)飞机在空中沿半径为R的水平圆周盘旋时，飞机机翼一定处于倾斜状态()4圆周运动的受力分析如图4所示，小物体A
7、与圆盘保持相对静止，跟着圆盘一起做匀速圆周运动，则A受力情况是()图4A重力、支持力B重力、向心力C重力、支持力和指向圆心的摩擦力D重力、支持力、向心力和摩擦力答案C5火车拐弯的动力学分析摆式列车是集电脑、自动控制等高新技术于一体的新型高速列车当列车转弯时，在电脑控制下，车厢会自动倾斜，抵消离心力的作用；行走在直线上时，车厢又恢复原状，就像玩具“不倒翁”一样假设有一超高速列车在水平面内行驶，以360 km/h的速度拐弯，拐弯半径为1 km，则质量为50 kg的乘客，在拐弯过程中所受到的火车给他的作用力为(g取10 m/s2)()A500 N B1 000 N C500 N D0答案C解析乘客所
8、需的向心力：Fnm500 N，而乘客的重力为500 N，故火车对乘客的作用力大小为500 N，C正确6斜面上圆周运动的动力学分析如图5所示，一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，有两个质量相等的小球A和B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则以下说法中正确的是()图5AA球的角速度等于B球的角速度BA球的线速度大于B球的线速度CA球的运动周期小于B球的运动周期DA球对筒壁的压力大于B球对筒壁的压力答案B解析先对小球受力分析，如图所示，由图可知，两球的向心力都来源于重力G和支持力FN的合力，建立如图所示的坐标系，则有：FNsin mgFNcos mr2由得FN，
9、小球A和B受到的支持力FN相等，选项D错误由于支持力FN相等，结合式知，A球运动的半径大于B球运动的半径，A球的角速度小于B球的角速度，选项A错误A球的运动周期大于B球的运动周期，选项C错误又根据FNcos m可知：A球的线速度大于B球的线速度，选项B正确水平面内圆周运动临界问题的分析技巧1审清题意，确定研究对象；明确物体做圆周运动的平面是至关重要的一环；2分析物体的运动情况，即物体的线速度、角速度、周期、轨道平面、圆心、半径等；3分析物体的受力情况，画出受力分析图，确定向心力的来源；4根据牛顿运动定律及向心力公式列方程考点三水平面内圆周运动的临界问题处理临界问题的解题步骤(1)判断临界状态：
10、有些题目中有“刚好”“恰好”“正好”等字眼，明显表明题述的过程存在着临界点；若题目中有“取值范围”“多长时间”“多大距离”等词语，表明题述的过程存在着“起止点”，而这些起止点往往就对应着临界状态；若题目中有“最大”“最小”“至多”“至少”等字眼，表明题述的过程存在着极值，这个极值点也往往对应着临界状态(2)确定临界条件：判断题述的过程存在临界状态之后，要通过分析弄清临界状态出现的条件，并以数学形式表达出来(3)选择物理规律：当确定了物体运动的临界状态和临界条件后，要分别对不同的运动过程或现象，选择相对应的物理规律，然后列方程求解7相对滑动的临界问题(2014新课标全国20)(多选)如图6所示，
11、两个质量均为m的小木块a和b(可视为质点)放在水平圆盘上，a与转轴OO的距离为l，b与转轴的距离为2l，木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g.若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是()图6Ab一定比a先开始滑动Ba、b所受的摩擦力始终相等C 是b开始滑动的临界角速度D当 时，a所受摩擦力的大小为kmg答案AC解析小木块a、b做圆周运动时，由静摩擦力提供向心力，即fm2R.当角速度增加时，静摩擦力增大，当增大到最大静摩擦力时，发生相对滑动，对木块a：faml，当fakmg时，kmgml，a ；对木块b：fbm2l，当fbkmg时
12、，kmgm2l，b ，所以b先达到最大静摩擦力，选项A正确；两木块滑动前转动的角速度相同，则fam2l，fbm22l，fafb，选项B错误；当 时b刚开始滑动，选项C正确；当 时，a没有滑动，则fam2lkmg，选项D错误8绳子张力的临界问题如图7所示，水平杆固定在竖直杆上，两者互相垂直，水平杆上O、A两点连接有两轻绳，两绳的另一端都系在质量为m的小球上，OAOBAB，现通过转动竖直杆，使水平杆在水平面内做匀速圆周运动，三角形OAB始终在竖直平面内，若转动过程中OB、AB两绳始终处于拉直状态，则下列说法正确的是()图7AOB绳的拉力范围为0mgBOB绳的拉力范围为mgmgCAB绳的拉力范围为m
13、gmgDAB绳的拉力范围为0mg答案B解析当转动的角速度为零时，OB绳的拉力最小，AB绳的拉力最大，这时两者的值相同，设为F1，则2F1cos 30mg，F1mg，增大转动的角速度，当AB绳的拉力刚好等于零时，OB绳的拉力最大，设这时OB绳的拉力为F2，则F2cos 30mg，F2mg，因此OB绳的拉力范围为mgmg，AB绳的拉力范围为0mg，B项正确9接触与脱离的临界问题如图8所示，用一根长为l1 m的细线，一端系一质量为m1 kg的小球(可视为质点)，另一端固定在一光滑锥体顶端，锥面与竖直方向的夹角37，当小球在水平面内绕锥体的轴做匀速圆周运动的角速度为时，细线的张力为FT.(g取10 m
14、/s2，结果可用根式表示)求：图8(1)若要小球刚好离开锥面，则小球的角速度0至少为多大？(2)若细线与竖直方向的夹角为60，则小球的角速度为多大？答案(1) rad/s(2)2 rad/s解析(1)若要小球刚好离开锥面，则小球只受到重力和细线的拉力，受力分析如图所示小球做匀速圆周运动的轨迹圆在水平面上，故向心力水平，在水平方向运用牛顿第二定律及向心力公式得：mgtan mlsin 解得：即0 rad/s.(2)同理，当细线与竖直方向成60角时，由牛顿第二定律及向心力公式得：mgtan m2lsin 解得：2，即 2 rad/s.水平面内圆周运动临界问题的分析技巧1在水平面内做圆周运动的物体，
15、当角速度变化时，物体有远离或向着圆心运动的趋势(半径有变化)这时要根据物体的受力情况，判断某个力是否存在以及这个力存在时方向朝哪(特别是一些接触力，如静摩擦力、绳的拉力等)2三种临界情况：(1)接触与脱离的临界条件：两物体相接触或脱离，临界条件是：弹力FN0.(2)相对滑动的临界条件：两物体相接触且处于相对静止时，常存在着静摩擦力，则相对滑动的临界条件是：静摩擦力达到最大值(3)绳子断裂与松驰的临界条件：绳子所能承受的张力是有限度的，绳子断与不断的临界条件是绳中张力等于它所能承受的最大张力，绳子松弛的临界条件是：FT0.考点四竖直面内圆周运动的临界问题1在竖直平面内做圆周运动的物体，按运动到轨
16、道最高点时的受力情况可分为两类：一是无支撑(如球与绳连接、沿内轨道运动的过山车等)，称为“绳(环)约束模型”，二是有支撑(如球与杆连接、在弯管内的运动等)，称为“杆(管)约束模型”2绳、杆模型涉及的临界问题绳模型杆模型常见类型均是没有支撑的小球均是有支撑的小球过最高点的临界条件由mgm得v临由小球恰能做圆周运动得v临0讨论分析(1)过最高点时，v，FNmgm，绳、圆轨道对球产生弹力FN(2)不能过最高点时，v，在到达最高点前小球已经脱离了圆轨道(1)当v0时，FNmg，FN为支持力，沿半径背离圆心(2)当0v时，FNmgm，FN指向圆心并随v的增大而增大10过山车的分析(多选)如图9所示甲、乙
17、、丙、丁是游乐场中比较常见的过山车，甲、乙两图的轨道车在轨道的外侧做圆周运动，丙、丁两图的轨道车在轨道的内侧做圆周运动，两种过山车都有安全锁(由上、下、侧三个轮子组成)把轨道车套在了轨道上，四个图中轨道的半径都为R，下列说法正确的是()图9A甲图中，当轨道车以一定的速度通过轨道最高点时，座椅一定给人向上的力B乙图中，当轨道车以一定的速度通过轨道最低点时，安全带一定给人向上的力C丙图中，当轨道车以一定的速度通过轨道最低点时，座椅一定给人向上的力D丁图中，轨道车过最高点的最小速度为答案BC解析在甲图中，当速度比较小时，根据牛顿第二定律得，mgFNm，即座椅给人施加向上的力，当速度比较大时，根据牛顿
18、第二定律得，mgFNm，即座椅给人施加向下的力，故A错误；在乙图中，因为合力指向圆心，重力竖直向下，所以安全带给人一定是向上的力，故B正确；在丙图中，当轨道车以一定的速度通过轨道最低点时，合力方向向上，重力竖直向下，则座椅给人的作用力一定竖直向上，故C正确；在丁图中，由于轨道车有安全锁，可知轨道车在最高点的最小速度为零，故D错误11.杆模型分析(2014新课标17)如图10所示，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m的小环(可视为质点)，从大环的最高处由静止滑下重力加速度大小为g.当小环滑到大环的最低点时，大环对轻杆拉力的大小为()图10AMg5mg BMgmg
19、 CMg5mg DMg10mg答案C解析设大环半径为R，质量为m的小环下滑过程中遵守机械能守恒定律，所以mv2mg2R.小环滑到大环的最低点时的速度为v2，根据牛顿第二定律得FNmg，所以在最低点时大环对小环的支持力FNmg5mg.根据牛顿第三定律知，小环对大环的压力FNFN5mg，方向向下对大环，据平衡条件轻杆对大环的拉力TMgFNMg5mg.根据牛顿第三定律，大环对轻杆拉力的大小为TTMg5mg，故选项C正确，选项A、B、D错误12绳模型分析(多选)如图11所示，竖直放置的光滑圆轨道被固定在水平地面上，半径r0.4 m，最低点处有一小球(半径比r小很多)，现给小球一水平向右的初速度v0，则
20、要使小球不脱离圆轨道运动，v0应当满足(取g10 m/s2)()图11Av00 Bv04 m/s Cv02 m/s Dv02 m/s答案CD解析当v0较大时，小球能够通过最高点，这时小球在最高点处需要满足的条件是mg，又根据机械能守恒定律有mv22mgrmv，得v02 m/s，C正确当v0较小时，小球不能通过最高点，这时对应的临界条件是小球上升到与圆心等高位置处时速度恰好减为零，根据机械能守恒定律有mgrmv，得v02 m/s，D正确13凹形桥分析(2015新课标全国22)某物理小组的同学设计了一个粗糙玩具小车通过凹形桥最低点时的速度的实验所用器材有：玩具小车、压力式托盘秤、凹形桥模拟器(圆弧
21、部分的半径为R0.20 m)图12完成下列填空：(1)将凹形桥模拟器静置于托盘秤上，如图12(a)所示，托盘秤的示数为1.00 kg；(2)将玩具小车静置于凹形桥模拟器最低点时，托盘秤的示数如图(b)所示，该示数为_ kg；(3)将小车从凹形桥模拟器某一位置释放，小车经过最低点后滑向另一侧，此过程中托盘秤的最大示数为m；多次从同一位置释放小车，记录各次的m值如下表所示：序号12345m(kg)1.801.751.851.751.90(4)根据以上数据，可求出小车经过凹形桥最低点时对桥的压力为_ N；小车通过最低点时的速度大小为_ m/s.(重力加速度大小取9.80 m/s2，计算结果保留2位有
22、效数字)答案(2)1.40(4)7.91.4解析(2)由题图(b)可知托盘秤量程为10 kg，指针所指的示数为1.40 kg.(4)由多次测出的m值，利用平均值可求m1.81 kg.而模拟器的重力为Gm0g9.8 N，所以小车经过凹形桥最低点时对桥的压力为FNmgm0g7.9 N；根据径向合力提供向心力，即7.9 N(1.401.00)9.8 N，解得v1.4 m/s.竖直面内圆周运动类问题的解题技巧1定模型：首先判断是绳模型还是杆模型，两种模型过最高点的临界条件不同2确定临界点：抓住绳模型中最高点v及杆模型中v0这两个临界条件3研究状态：通常情况下竖直平面内的圆周运动只涉及最高点和最低点的运
23、动情况4受力分析：对物体在最高点或最低点时进行受力分析，根据牛顿第二定律列出方程，F合F向5过程分析：应用动能定理或机械能守恒定律将初、末两个状态联系起来列方程1(多选)如图13所示，水平的木板B托着木块A一起在竖直平面内做匀速圆周运动，从水平位置a沿逆时针方向运动到最高点b的过程中，下列说法正确的是()图13A木块A处于超重状态B木块A处于失重状态CB对A的摩擦力越来越小DB对A的摩擦力越来越大答案BC解析A、B一起做匀速圆周运动，合力提供向心力，加速度即向心加速度水平位置a沿逆时针方向运动到最高点b的过程中，加速度大小不变，方向指向圆心在竖直方向有竖直向下的分加速度，因此A、B都处于失重状
24、态，A错误，B正确；对A受力分析，加速度指向圆心，那么此过程中水平方向加速度逐渐减小，而能够提供A水平加速度的力只有B对A的摩擦力，因此B对A的摩擦力越来越小，C正确，D错误2(多选)如图14所示，水平放置的两个用相同材料制成的轮P和Q靠摩擦传动，两轮的半径Rr21.当主动轮Q匀速转动时，在Q轮边缘上放置的小木块恰能相对静止在Q轮边缘上，此时Q轮转动的角速度为1，木块的向心加速度为a1，若改变转速，把小木块放在P轮边缘也恰能静止，此时Q轮转动的角速度为2，木块的向心加速度为a2，则()图14A. B. C. D.答案AC解析根据题述，a1r，ma1mg；联立解得gr.小木块放在P轮边缘也恰能静
25、止，g2R22r.由R2r联立解得，选项A正确，B错误；mamg，所以，选项C正确，D错误3(2015福建理综17)如图15，在竖直平面内，滑道ABC关于B点对称，且A、B、C三点在同一水平线上若小滑块第一次由A滑到C，所用的时间为t1，第二次由C滑到A，所用的时间为t2，小滑块两次的初速度大小相同且运动过程始终沿着滑道滑行，小滑块与滑道的动摩擦因数恒定，则()图15At1t2 Bt1t2Ct1t2 D无法比较t1、t2的大小答案A解析在滑道AB段上取任意一点E，比较从A点到E点的速度v1和从C点到E点的速度v2易知，v1v2.因E点处于“凸”形轨道上，速度越大，轨道对小滑块的支持力越小，因动
26、摩擦因数恒定，则摩擦力越小，可知由A滑到C比由C滑到A在AB段上的摩擦力小，因摩擦造成的动能损失也小同理，在滑道BC段的“凹”形轨道上，小滑块速度越小，其所受支持力越小，摩擦力也越小，因摩擦造成的动能损失也越小，从C处开始滑动时，小滑块损失的动能更大故综上所述，从A滑到C比从C滑到A在轨道上因摩擦造成的动能损失要小，整个过程中从A滑到C平均速度要更大一些，故t1t2.选项A正确4.(多选)如图16所示，一个固定在竖直平面内的光滑半圆形管道，管道里有一个直径略小于管道内径的小球，小球在管道内做圆周运动，从B点脱离后做平抛运动，经过0.3 s后又恰好垂直与倾角为45的斜面相碰已知半圆形管道的半径为
27、R1 m，小球可看做质点且其质量为m1 kg，g取10 m/s2.则()图16A小球在斜面上的相碰点C与B点的水平距离是0.9 mB小球在斜面上的相碰点C与B点的水平距离是1.9 mC小球经过管道的B点时，受到管道的作用力FNB的大小是1 ND小球经过管道的B点时，受到管道的作用力FNB的大小是2 N答案AC解析根据平抛运动的规律，小球在C点的竖直分速度vygt3 m/s，水平分速度vxvytan 453 m/s，则B点与C点的水平距离为xvxt0.9 m，选项A正确，B错误；在B点设管道对小球的作用力方向向下，根据牛顿第二定律，有FNBmgm，vBvx3 m/s，解得FNB1 N，负号表示管
28、道对小球的作用力方向向上，选项C正确，D错误5.如图17所示，水平转盘上放有质量为m的物块，当物块到转轴的距离为r时，连接物块和转轴的绳刚好被拉直(绳中张力为零)，物块与转盘间最大静摩擦力是其重力的k倍，则：图17(1)当转盘的角速度为1 时，绳中的张力为多大？(2)当转盘的角速度为2 时，绳中的张力为多大？答案(1)0(2)kmg解析(1)设静摩擦力达到最大，绳中开始出现张力时的角速度为0，则kmgmr，得0 因为10，所以绳中出现张力，由kmgF2mr得F2mrkmgm( )2rkmgkmg.练出高分基础巩固1.如图1所示，一偏心轮绕垂直纸面的轴O匀速转动，a和b是轮上质量相等的两个质点，
29、则偏心轮转动过程中a、b两质点()图1A角速度大小相同B线速度大小相同C向心加速度大小相同D向心力大小相同答案A解析同轴转动角速度相等，A正确；由于两者半径不同，根据公式vr可得两点的线速度不同，B错误；根据公式a2r，角速度相同，半径不同，所以向心加速度不同，C错误；根据公式Fma，质量相同，但是加速度不同，所以向心力大小不同，D错误2(2015天津理综4)未来的星际航行中，宇航员长期处于零重力状态，为缓解这种状态带来的不适，有人设想在未来的航天器上加装一段圆柱形“旋转舱”，如图2所示当旋转舱绕其轴线匀速旋转时，宇航员站在旋转舱内圆柱形侧壁上，可以受到与他站在地球表面时相同大小的支持力为达到
30、上述目的，下列说法正确的是()图2A旋转舱的半径越大，转动的角速度就应越大B旋转舱的半径越大，转动的角速度就应越小C宇航员质量越大，旋转舱的角速度就应越大D宇航员质量越大，旋转舱的角速度就应越小答案B解析由题意知有mgFm2r，即g2r，因此r越大，越小，且与m无关，B正确3在高速公路的拐弯处，通常路面都是外高内低如图3所示，在某路段汽车向左拐弯，司机左侧的路面比右侧的路面低一些汽车的运动可看做是半径为R的圆周运动设内外路面高度差为h，路基的水平宽度为d，路面的宽度为L.已知重力加速度为g.要使车轮与路面之间的横向摩擦力(即垂直于前进方向)等于零，则汽车转弯时的车速应等于()图3A. B. C
31、. D. 答案B解析汽车做匀速圆周运动，向心力由重力与斜面对汽车的支持力的合力提供，且向心力的方向水平，向心力大小F向mgtan ，根据牛顿第二定律：F向m，tan ，解得汽车转弯时的车速v ，B对4.如图4所示，一内壁光滑、质量为m、半径为r的环形细圆管，用硬杆竖直固定在天花板上有一质量为m的小球(可看做质点)在圆管中运动小球以速率v0经过圆管最低点时，杆对圆管的作用力大小为()图4AmBmgmC2mgmD2mgm答案C解析以小球为研究对象，根据牛顿第二定律得，FNmgm，解得FNmgm，由牛顿第三定律知：小球对圆管的作用力大小FNFNmgm，方向向下再以圆管为研究对象，由平衡条件可得：杆对
32、圆管的作用力大小FmgFN2mgm.5(多选)如图5所示，质量为m的物体，沿着半径为R的半球形金属壳内壁滑下，半球形金属壳竖直固定放置，开口向上，滑到最低点时速度大小为v，若物体与球壳之间的动摩擦因数为，则物体在最低点时，下列说法正确的是()图5A受到的向心力为mgmB受到的摩擦力为mC受到的摩擦力为(mgm)D受到的合力方向斜向左上方答案CD解析物体在最低点做圆周运动，则有FNmgm，解得FNmgm，故物体受到的滑动摩擦力FfFN(mgm)，A、B错误，C正确物体受到竖直向下的重力、水平向左的摩擦力和竖直向上的支持力(支持力大于重力)，故物体所受的合力斜向左上方，D正确6(多选)如图6所示，
33、物体P用两根长度相等、不可伸长的细线系于竖直杆上，它随杆转动，若转动角速度为，则()图6A只有超过某一值时，绳子AP才有拉力B绳子BP的拉力随的增大而不变C绳子BP的张力一定大于绳子AP的张力D当增大到一定程度时，绳子AP的张力大于绳子BP的张力答案AC解析较小时，AP松弛，绳子BP的拉力随的增大而增大，故A选项正确，B选项错误当达到某一值0时，AP刚好绷紧物体P受力分析如图所示，其合力提供向心力，竖直方向合力为零故FBPFAP，C选项正确，D选项错误7(多选)“水流星”是一种常见的杂技项目，该运动可以简化为轻绳一端系着小球在竖直平面内的圆周运动模型，如图7所示，已知绳长为l，重力加速度为g，
34、则()图7A小球运动到最低点Q时，处于失重状态B小球初速度v0越大，则在P、Q两点绳对小球的拉力差越大C当v0时，小球一定能通过最高点PD当v0v3，所以小球一定能够过最高点P.故C正确；若v0，设小球能够上升的最大高度为h，由机械能守恒得：mghmvmgl，所以h.小球上升的最高点尚达不到与O水平的高度，所以细绳始终处于绷紧状态故D正确综合应用8.如图8所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔(小孔光滑)的水平桌面上，小球在某一水平面内做匀速圆周运动(圆锥摆)现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动(图中P位置)，两次金属块Q都静止在桌面上的同一点
35、，则后一种情况与原来相比较，下列判断中正确的是()图8A细线所受的拉力变小B小球P运动的角速度变小CQ受到桌面的静摩擦力变大DQ受到桌面的支持力变大答案C解析设细线与竖直方向的夹角为，细线的拉力大小为FT，细线的长度为L.P球做匀速圆周运动时，由重力和细线的拉力的合力提供向心力，如图，则有：FT，mgtan m2Lsin ，得角速度 ，周期T，使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动时，增大，cos 减小，则细线拉力FT增大，角速度增大，周期T减小对Q球，由平衡条件得知，Q受到桌面的静摩擦力变大，故A、B错误，C正确；金属块Q保持在桌面上静止，根据平衡条件知，Q受到桌面的支持力等于其重力
36、，保持不变故D错误9.如图9所示，光滑固定的水平圆盘中心有一个光滑的小孔，用一细绳穿过小孔连接质量分别为m1、m2的小球A和B，让B球悬挂，A球在光滑的圆盘面上绕圆盘中心做匀速圆周运动，角速度为，半径为r，则关于r和关系的图象正确的是()图9答案B解析根据m2gm1r2得：r，可知r与成正比，与2成反比，故A错误，B正确因为2，则与2成正比故C、D错误10(多选)如图10所示，粗糙水平圆盘上，质量相等的A、B两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速圆周运动，则下列说法正确的是()图10AB的向心力是A的向心力的2倍B盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍CA、B都有沿半径向外滑动的趋势D若B先滑动，则
37、B对A的动摩擦因数A小于盘对B的动摩擦因数B答案BC解析根据Fnmr2，因为A、B两物块的角速度大小相等，转动半径相等，质量相等，则向心力相等，故A错误；对AB整体受力分析，FfB2mr2，对A受力分析，有：FfAmr2，知盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍，故B正确；A所受的摩擦力方向指向圆心，可知A有沿半径向外滑动的趋势，B受到盘的静摩擦力方向指向圆心，有沿半径向外滑动的趋势，故C正确；对AB整体受力分析，B2mg2mr，解得B ，对A受力分析，Amgmr，解得A ，因为B先滑动，可知B先达到临界角速度，可知B的临界角速度较小，即BA，故D错误11.如图11，置于圆形水平转台边缘的小物块
38、随转台加速转动，当转速达到某一数值时，物块恰好滑离转台开始做平抛运动现测得转台半径R0.5 m，离水平地面的高度H0.8 m，物块平抛落地过程水平位移的大小x0.4 m设物块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10 m/s2.求：图11(1)物块做平抛运动的初速度大小v0；(2)物块与转台间的动摩擦因数.答案(1)1 m/s(2)0.2解析(1)物块做平抛运动，竖直方向有Hgt2水平方向有xv0t联立两式得v0x1 m/s(2)物块离开转台时，最大静摩擦力提供向心力，有mgm联立得0.212如图12所示，光滑半圆形轨道处于竖直平面内，半圆形轨道与光滑的水平地面相切于半圆的端点A.一
39、质量为m的小球在水平地面上C点受水平向左的恒力F由静止开始运动，当运动到A点时撤去恒力F，小球沿竖直半圆形轨道运动到轨道最高点B点，最后又落在水平地面上的D点(图中未画出)已知A、C间的距离为L，重力加速度为g.图12(1)若轨道半径为R，求小球到达半圆形轨道B点时对轨道的压力FN；(2)为使小球能运动到轨道最高点B，求轨道半径的最大值Rm；(3)轨道半径R多大时，小球在水平地面上的落点D到A点距离最大？最大距离xm是多少？答案(1)5mg(2)(3)解析(1)设小球到B点速度为v，从C到B根据动能定理有FL2mgRmv2解得v 在B点，由牛顿第二定律有FNmgm解得FN5mg(2)小球恰能运动到轨道最高点时，轨道半径有最大值，则有FN5mg0解得Rm(3)设小球平抛运动的时间为t，有2Rgt2解得t 水平位移xvt 当2FL4mgR4mgR时，水平位移最大解得RD到A的最大距离xm
