1、高三物理第 1 页2022-2023 学年第一学期第一次阶段测试卷高三物理 参考答案1.C【解析】设物块的质量为 m，弹簧原长为 l，由胡可定律可得，弹簧弹力的大小为mg=k（x0-l），2mg=k（x-l）。解得xxl02。2.A【解析】s-t 图像纵坐标表示物体所处的位置。在 t=0 时刻，物体处于 x=0 位置；在 t=6s时刻，物体也处于 x=0 位置，则物体在 6s 的位移为 0，故 A 正确，BCD 错误。故选 A。3.B【解析】由公式212axxf可得，221()axxf，由平均速度公式可得，1232xxvf。由运动学公式132 avvf，代入可得121532xxvf。故 B 项
2、正确。4.D【解析】书本恰好运动时，设 A4 纸上面的书页的质量为 m0，1022m gMg，解得016mM。若要使书一同运动，A4 纸上面的书页的质量越大越容易一起拉动，所以0mm，即16mM，D 项正确。5.B【解析】室外部分沿玻璃平面竖直向上匀速移动时，受力平衡，则受竖直向下的重力 G，沿玻璃向下的摩擦力fNFF，垂直玻璃方向向右的玻璃的支持力 FN，磁力 F 方向应该在前三个力的合力的反向延长线方向，即斜向左上方，力的大小为22()NNFGFF。受力示意图如图所示。故 B 项正确。6.C【解析】当施加竖直向下的力 F 时，物体 A 刚好沿斜面匀速下滑，以 A 为对象，受力如图所示，根据
3、受力平衡可得，f()sinFFmg，()cosNFmg，又fFN，联立解得tan，将一斜向下的力 F作用在 A 上时，以直角劈 B 为对象，设水平面对 B 的摩擦力方向水平向右，受力如图所示，根据受力平衡，水平方向有f cossinfFN，又ftanFNN，联立解得tancossin0fNN，竖直方向有Nf sincosFMgFNMg，C 正确，ABD 错误。高三物理第 2 页7.D【解析】若瑞士球处于静止状态，女士给瑞士球的弹力与墙面给瑞士球的弹力是一对平衡力，故 A 错误；女士给瑞士球的弹力与瑞士球给女士的弹力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，与运动状态无关，故 B 错误；女士对瑞士球
4、的弹力是由女士的形变产生的，故 C 错误；女士对地面的压力与地面对女士的支持力是一对相互作用力，故 D 正确。8.B【解析】窜天猴加速上升的高度 h1=30m，失去动力时的速度 v1=12m/s，向上做减速运动，0.2fmg，有1mgfma，21122va h，11 1va t，解得 h1=6m，t1=1s，窜天猴上升的最大高度为 h=h1+h2=36m，A 选项错误。窜天猴从最高点下落过程中，有2mgfma，2222va h，22 2va t，解得224m/sv，23st，窜天猴从失去动力到落地经历的时间124sttt，B 选项正确。9.BD【解析】曲线运动速度的大小可以不变，仅方向发生变化
5、，故 B 正确，A 错误；曲线运动的加速度可以恒定不变，只是速度与加速度不在同一直线上，如抛体运动即为加速度不变的曲线运动，所以相等的时间内速度的改变量可能相等，故 C 错误，D 正确。10.BC【解析】第一次对 A、B 组成的系统应用牛顿第二定律得，12sin2cos2Fmgmgma，第二次对 A、B 组成的系统应用牛顿第二定律得，22sin2cos2Fmgmgma，可得21a a，B 选项正确。第一次隔离物块 B，应用牛顿第二定律得T11sincosFmgmgma，联立解得T1122mFFFm，第二次隔离物块 A，应用牛顿第二定律得T22sincosFmgmgma，联立解得T2122mFF
6、Fm，C 选项正确，D 选项错误。11.BCD【解析】若船垂直到达正对岸，则需要沿着河岸的速度抵消为零，设船头的指向与上游河岸的夹角为37,12cosvv，解得 v1=10m/s，故 B 正确；若船到达对岸所用时间最短，需要船在静水中的速度垂直河岸，min1300s30s10dtv，故 A 错误；船垂直到达正对岸，则实际航行速度是船速垂直河岸的分速度，为13sin10m/s6m/s5v，故 C 正确；船垂直到达正对岸时，所用时间为150ssindtv，故 D 正确。12.（1）0.325（2 分）；（2）B（2 分）；（3）0.125（2 分）。【解析】（1）根据游标卡尺读数规则，遮光条宽度为
7、3mm5 0.05mm3.25mm0.325cmd 。（2）在气垫导轨上做实验，所以不需要平衡摩擦力，故选 B。（3）弹簧测力计的示数 F 就是小车所受合外力大小，则由图丙并根据牛顿第二定律有0.125kgFMa。13.（1）保证斜槽末端水平（2 分）；（2）LTg（2 分），2 gL（2 分）；（3）0.50（2 分）。【解析】（1）平抛运动的初速度要保证水平，因此安装斜槽轨道时，要注意保证斜槽末端水平。高三物理第 3 页（2）在竖直方向上，根据2yLgT，解得LTg，水平方向有02xLv T，解得02vgL。（3）b 点的竖直分速度3322ybLvgLT，根据平行四边形定则知2200.50
8、m/sbybvvv。14.15m/s【解析】设航母匀速运动的速度为 v，舰载机的初速度为 v0，以航母为参考系，舰载机着舰时，相对航母的速度为0vvv（2 分），根据位移与速度之间的关系可知，22vaL（2分），代入数据可得60m/sv（1 分），15m/sv（1 分）。15.10 kg11Bm 190 kg9Bm【解析】当 A 的加速度沿斜面向下212m/sa，由牛顿第二定律1sincosTmgmgFma（2 分），代入数据5TFN（1 分），B 物体的加速度竖直向上221m/sa（1 分），由牛顿第二定律22TBBFm gm a（2 分），代入数据10 kg11Bm（1 分），当 A 的加
9、速度沿斜面向上212m/sa，由牛顿第二定律1sincosTFmgmgma（2 分），代入数据95NTF（1 分），B 物体的加速度竖直向下221m/sa（1 分），由牛顿第二定律22BTBm gFm a（2 分），代入数据190 kg9Bm（1 分）。16.150 2m/sv【解析】把炮弹的运动沿 AD、AH、AB 方向分解，根据题意可知，炮弹运动到最高点时，竖直方向速度减为 0，且与直升机碰撞，说明炮弹沿 AD 方向的速度与直升机的速度相等，为150m/sv（2 分），竖直方向上，利用逆向思维，由自由落体位移公式可得，高三物理第 4 页212000m2hgt（2 分），解得炮弹飞行时间为20st（2 分），则竖直方向的初速度为2200m/svgt（2 分），炮弹沿 AB 方向上，由匀速直线运动的位移公式可得，31000mxv t（2 分），解得，炮弹沿 AB 方向的初速度为350m/sv（2 分），则炮弹的发射速度大小为222123150 2m/svvvv（4 分）。
