1、试卷类型：A2013届高三原创月考试题四物 理适用地区：课标地区 考查范围：选修3-1 建议使用时间：2012年11月底第卷一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分。在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。）1、（2012黑龙江省哈师大附中模拟）关于静电场下列说法中正确的是（ ）A在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零B电荷在电场中电势高的地方电势能大，在电势低的地方电势能小C根据公式U= Ed 知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大D正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少2、（2012 全国高考福建理综卷）如图，在点电荷Q产生的电场中，将
2、两个带正电的试探电荷q1、q2分别置于A、B两点，虚线为等势线取无穷远处为零电势点，若将q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，则下列说法正确的是()AA点电势大于B点电势BA、B两点的电场强度相等Cq1的电荷量小于q2的电荷量Dq1在A点的电势能小于q2在B点的电势能3、（2012湖北省八校联考）在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障（ ）A.R1短路 B.R2短路 C.R3短路 D.R1断路4、（2012全国高考浙江理综卷）功率为10 W的发光二极管(LED灯)的亮度与功率为60 W的白炽灯相当
3、根据国家节能战略，2016年前普通白炽灯应被淘汰假设每户家庭有2只60 W的白炽灯，均用10 W的LED灯替代，估算出全国一年节省的电能最接近()A8108 kWhB81010 kWhC81011 kWh D81013 kWh5、（2012山西省临汾一中模拟）下列关于导体在磁场中受力的说法中，正确的是（ ）A通电导体在磁场中一定受到力的作用B通电导体在磁场中有时不会受到力的作用C通电导体中的电流方向与磁场方向不平行也不垂直时，不会受到力的作用D只要导体放入磁场中，无论是否通电都会受到力的作用6、（2012江苏省南通市启东中学模拟）回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相
4、连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法正确的是（ ）A增大电场的加速电压 B增大D形金属盒的半径C减小狭缝间的距离 D减小磁场的磁感应强度二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。在每个小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的，得4分；选对但不全的，得2分；有选错的，得0分。）7、（2012全国高考新课标卷）如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在
5、此过程中，该粒子()图4A所受重力与电场力平衡B电势能逐渐增加C动能逐渐增加D做匀变速直线运动8、（2012山东省潍坊市三县联考）如图所示，有三个质量相等，分别带正电、负电和不带电的质点，由两水平极板正中，以相同的初速度v0，先后垂直匀强电场射入，并分别落在负极板上甲、乙、丙三处，可以判定（ ）A甲处质点带正电，乙处质点不带电，丙处质点带负电B三个质点在电场中的运动时间相等C三个质点在电场中的加速度a甲a乙a丙D三个质点到达负极的动能E丙E乙E甲9、（2012河北省衡水中学模拟）如图所示，平行于纸面水平向右的匀强磁场，磁感应强度B1=1T。位于纸面内的细直导线，长L=1 m，通有I=1 A的恒
6、定电流。当导线与B1成60夹角时，发现其受到的安培力为零，则该区域同时存在的另一匀强磁场的磁感应强度B2的可能值（ ）AT BT C1T DT10、利用如图所示装置可以选择一定速度范围内的带电粒子。图中板MN上方是磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，板上有两条宽度分别为2d和d的缝，两缝近端相距为L，一群质量为m、电荷量为q，具有不同速度的粒子从宽度为2d的缝垂直于板MN进入磁场，对于能够从宽度为d的缝射出的粒子，下列说法正确的是（ ）A粒子带正电B射出粒子的最大速度为C保持d和L不变，增大B，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大D保持d和B不变，增大L，射出粒子的最大速度与最小速
7、度之差不变第卷三、填空题（本题共2小题，每小题4分，共8分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。）11、如图所示，A、B为平行板电容器的金属板，G为静电计，开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度。若保持开关S闭合，将A、B两极板靠近些，指针张开角度将 ；若断开开关S后，将A、B两极板靠近些指针张开角度将 （填“变小”、“不变”或“变大”）12、如图所示，质量是m=10g的铜导线ab放在光滑的宽度为0.5m的金属滑轨上，滑轨平面与水平面倾角为30，ab通过的电流为10A，要使ab静止，磁感应强度至少等于_，方向为_。（取g=10m/s2）四、实验题（本题共2小题，第13题6分，
8、第14题9分，共15分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。）13、（2012全国高考海南物理卷）图示电路可用来测量电阻的阻值。其中E为电源，R为已知电阻，Rx为待测电阻，可视为理想电压表，S0为单刀单掷开关，S1、S2为单刀双掷开关。（1）当S0闭合时，若S1、S2均向左闭合，电压表读数为U1；若S1、S2均向右闭合，电压表读数为U2。由此可求出Rx_。（2）若电源电动势E1.5V，内阻可忽略；电压表量程为1V，R100。此电路可测量的Rx的最大值为_14、（2012全国高考广东理综卷）(1)某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的尺寸和电阻分别使用游标卡尺和螺旋测微器
9、测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图15(a)和图15(b)所示，长度为_cm，直径为_mm.(a)(b)(c)图7按图7(c)连接电路后，实验操作如下：(a)将滑动变阻器R1的阻值置于最_处(填“大”或“小”)；将S2拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；(b)将电阻箱R2的阻值调至最_(填“大”或“小”)，S2拨向接点2；保持R1不变，调节R2，使电流表示数仍为I0，此时R2阻值为1280 ；由此可知，圆柱体的电阻为_.五、计算题（本题共4小题，第15题8分，第16题11分，第17、18题各12分，共43分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式
10、和演算步骤。）15、如图所示，用长为l的绝缘细线拴一个质量为m、带电荷量为 +q的小球（可视为质点）后悬挂于O点，整个装置处于水平向右的匀强电场E中。将小球拉至使悬线呈水平的位置A后，由静止开始将小球释放，小球从A点开始向下摆动，当悬线转过60角到达位置B时，速度恰好为零。求：（1）B、A两点的电势差UBA；（2）电场强度E.16、如图所示，电源电动势E6V，电源内阻不计。定值电阻R1=2.4k、R2=4.8k。 若在ab之间接一个C=100F的电容器，闭合开关S，电路稳定后，求电容器上所带的电荷量； 若在ab之间接一个内阻RV = 4.8k的电压表，求电压表的示数。17、（2012黑龙江省哈
11、师大附中模拟）真空中存在空间范围足够大的、水平向左的匀强电场。在电场中，若将一个质量为m、带正电的小球由静止释放，运动中小球速度与竖直方向夹角为37。现将该小球从电场中某点以初速度v0竖直向上抛出，求运动过程中（已知sin370.6，cos37=0.8）（1）小球受到的电场力的大小；（2）小球从抛出点至最高点的电势能变化量。18、如图所示，在y0的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xy平面并指向纸面外，磁感应强度为B.一带正电的粒子以速度0从O点射入磁场，入射方向在xy平面内，与x轴正向的夹角为.若粒子射出磁场的位置与O点的距离为l，求该粒子的电荷量和质量之比。 试卷类型：A2013届高三原创
12、月考试题四物 理 参 考 答 案1、答案：D 解析：电势的大小是相对于参考位置来说的，电势为零的位置就是参考位置，参考位置是可以任意选取的，显然，选项A错误；只有正电荷在电场中电势高的地方电势能大，在电势低的地方电势能小，负电荷正好相反，所以选项B错误；公式U= Ed 中的d为沿电场强度方向的距离，所以在匀强电场中，两点间沿电场强度方向的距离越大，电势差就越大，如果d不是沿电场强度方向的距离，那么间距大时，电势差不一定大，故选项C错误；正电荷在电势越高的地方电势能越大，在电势越低的地方电势能越小，所以正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少，选项D正确。2、C解析 由于在移动电荷过程
13、中克服电场力做功，故电场力应指向Q，所以点电荷Q为负电荷，作出Q的电场线，如图所示A点比B点离负电荷Q更近，故B点电势高于A点电势，A错；在点电荷Q产生的电场中，A点比B点离点电荷Q更近，故A点电场强度较大，B错；电荷在电场中某点的电势能等于把电荷从该点移到选定的零势点的过程中电场力所做的功，所以q1、q2两电荷在A、B两处的电势能相等，D错；将q1、q2分别从A、B两点移到无穷远过程中，克服电场力做的功相等，q1对应的电势差U1比较大，由WqU可知，q1q2，C对3、答案：A 解析：若各原件没有故障，电路正常，则电流表测量流过R1的支路电流，电压表测量R3两端的电压；若R1短路，则R2被短路
14、，外电路只有电阻R3接在电源两端，电流表测量干路电流，电压表测量路端电压，两表示数均增大，符合题意；若R2短路，则R1被短路，电流表示数为零，显然不符合题意；若R3短路，则电压表示数为零，不符合题意；若R1断路，则电流表示数为零，也不符合题意。故本题正确选项为A。4、B解析 每户两只白炽灯被两只LED灯替换后，节约电功率为120 W20 W100 W，每天按照五个小时用电计算，节电0.5 kWh，全年按照360天计算，节电180 kWh，全国按照四亿家庭计算，节电7.21010 kWh，故选项B正确5、答案：B 解析：本题考查安培力的产生条件。磁场对通电电流有力的作用，将导体放入磁场，不通电也
15、就无电流，无电流也就不会受到力的作用，选项D错误；通电导体放入磁场中，也不一定就受到磁场力的作用，当导体与磁场方向平行时，导体不受磁场力的作用，当导体与磁场垂直时，导线受到的力最大，其他情况下，受到的力介于0与最大值之间，由此可见，选项AC错误，B正确。 6、答案：B 解析：根据，可得，可见，质子被加速获得的最大速度受到D形盒半径和磁感应强度的制约，即可通过增大D形金属盒的半径和增大磁场的磁感应强度来增大带电粒子射出时的动能，选项B正确。7、BD解析 带电粒子所受的电场力与平行板电容器垂直，粒子做直线运动，由受力分析可得粒子所受的电场力与重力的合力必与运动方向相反，粒子做匀减速直线运动，A、C
16、错误，D正确；因电场力做负功，故粒子电势能逐渐增加，B正确8、答案：AC 解析：三个粒子均做类平抛运动，它们在水平方向上的分运动相同，都是以初速度v0做匀速直线运动，在竖直方向上均做初速度为零的匀加速直线运动，但它们下落的加速度不同，不带电的质点的加速度大小等于g，带正电的质点的加速度大于g，带负电的质点的加速度小于g，下落高度相同，下落时间与加速度大小有关，根据公式可得，可见，加速度越小，下落时间越长，所以t负t不带电t正，又因为它们的水平位移x=v0t，所以x负x不带电x正，选项AC正确，B错误；因为三种粒子到达负极板的过程中，电场力对带正电的质点做正功，机械能增大，对带负电的质点做负功，
17、机械能减小，对不带电的质点不做功，机械能不变，所以它们的动能E甲E乙E丙，选项D错误。9、答案：BCD 解析：当导线与B1成60夹角时，发现其受到的安培力为零，说明该区域同时存在的另一匀强磁场B2，并且B2与B1的合磁场的磁感应强度方向沿导线方向，根据矢量合成的三角形定则，可知B2B1sin60=T，所以B2的不可能值为T，选项A错误，BCD正确。10、答案：BCD 解析：由左手定则可判断粒子带负电，故A错误；由题意知：粒子的最大半径、粒子的最小半径，根据洛伦兹力提供向心力有，可得，所以、，则，所以选项BCD正确。11、答案：不变 变小 解析：保持开关S闭合时，静电计上的电压为电源两极间的电压
18、，故此时无论怎样改变电容器两极板，静电计指针的张角都不变；当断开开关S后，电容器两极板上的电荷量保持不变，这时将A、B两极板靠近些，即减小板间距d，由公式C = 可知电容器的电容将增大，再根据电容的定义式C= 可得电压U= 将变小，则指针的张角将变小。12、答案：0.01T 垂直轨道平面向上 解析：要保持平衡，磁感应强度垂直轨道平面时，磁感应强度可取最小值。，解得，根据左手定则，方向垂直轨道平面向上。13、答案： 200 解析：s1、s2均向左闭合时，s1、s2均向右闭合时，故;电动势为1.5V，电压表为1V，则,则最大值为200。14、(1)5.015.315(5.3105.320)(a)大
19、(b)大1280解析 游标卡尺的读数主尺上的读数游标上的读数，本题主尺上的读数是5 cm，游标上的读数是10.1 mm0.01 cm，故游标卡尺的读数为5.01 cm；螺旋测微器的读数固定尺的读数可动尺的读数0.01，即5 mm31.50.01 mm5.315 mm，最后一位是估计位，可以不同(a)将滑动变阻器R1的阻值调至最大，可以起到保护电流表及电源的作用；(b) 将电阻箱R2的阻值调至最大，目的也是为了保护电流表及电源；本题的实验方法为替代法由I0、I0得，RxR21280 .15、答案：（1） （2）解析：（1）根据动能定理有mglsin60 - qUBA = 0 - 0，所以B、A两
20、点的电势差（2）电场强度：。16、答案： 4104C 3V解析：设电容器上的电压为Uc， 电容器的带电荷量 解得： Q4104C 设电压表与R2并联后电阻为R并。 则电压表上的电压为： 解得：3V 17、答案：mg mv02 解析：（1）根据题设条件，电场力大小Fe=mgtan37mg.（2）小球沿竖直方向做匀减速运动，速度为：vy=v0gt，沿水平方向做初速度为0的匀加速运动，加速度为：ax= Fe/m= g；小球上升到最高点的时间t=v0/g，此过程小球沿电场方向位移：sx= axt2=，电场力做功 W=Fxsx=mv02，小球上升到最高点的过程中，电势能减少mv02。18、答案：解析：如图所示，带电粒子射入磁场后，由于受到洛伦兹力的作用，粒子将沿图示的轨迹运动，从A点射出磁场，O、A间的距离为l.射出方向与x轴的夹角仍为，由洛仑兹力公式和牛顿第二定律可得，qv0B=m 式中R为圆轨道的半径，解得R=圆轨道的圆心位于OA的中垂线上，由几何关系可得=Rsin联立上述两式，解得=