1、云南省西双版纳州景洪四中2014-2015学年高二下学期期中物理试卷一、单选题（每小题3分，共30分）1（3分）关于电路中感应电动势的大小，下列说法中正确的是（）A穿过电路的磁通量越大，感应电动势就越大B电路中磁通量改变量越大，感应电动势越大C电路中磁通量改变越快，感应电动势越大D若电路中某时刻磁通量为零，则该时刻感应电动势一定为零2（3分）两个完全相同的电热器，分别通有如图所示的交变电流，则它们的功率之比为（）A4：1B1：C2：1D：13（3分）如图所示，有一固定的超导体圆环（没有电阻），在其右侧放着一条形磁铁，此时圆环中没有电流，当把磁铁向右方移走时，由于电磁感应，在超导体圆环中产生了一
2、定的电流，则（）A这电流的方向如图中箭头所示，磁铁移走后，这电流很快消失B这电流的方向如图中箭头所示，磁铁移走后，这电流继续维持C这电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁移走后，这电流很快消失D这电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁移走后，这电流继续维持4（3分）关于线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流，下列说法中正确的是（）A线圈每经过中性面一次，感应电流方向改变一次，感应电动势方向不变B线圈平面每经过中性面一次，感应电流和感应电动势方向都要改变一次C线圈每转动一周，感应电流方向就改变一次D线圈转动一周，感应电流和感应电动势方向都只改变一次5（3分）如图所示是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该
3、电压的（）A周期是0.01sB最大值是311VC有效值是311VD表达式为u=220sin100t（V）6（3分）如下图所示，属于交流电的是（）ABCD7（3分）某交流发电机工作时的电动势为e=Emsint，如果将其电枢的转速提2014-2015学年高一倍，同时将电枢所围面积减小一半，其它条件不变，则其电动势变为（）Ae=EmsintBe=4Emsin2tCe=Emsin2tDe=4Emsint8（3分）理想变压器原、副线圈的匝数比为4：1，原线圈接在u=220sin100t V的交流电源上，副线圈所接的负载电阻是11，则副线圈中电流大小是（）A5AB11AC20AD55A9（3分）如图所示，
4、一宽40cm的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里一边长为20cm的正方形导线框位于纸面内，以垂直于磁场边界的恒定速度v=20cm/s通过磁场区域在运动过程中，线框有一边始终与磁场区域的边界平行，取它刚进入磁场的时刻t=0，在下图所示的图线中，能正确反映感应电流随时间变化规律的是（）ABCD10（3分）如图所示，A、B两灯相同，L是带铁芯的电阻可不计的线圈，下列说法中正确的是（）A开关K合上瞬间，A灯先亮 B灯后亮BK合上稳定后，A、B同时亮着CK断开瞬间，A、B同时熄灭DK断开瞬间，B立即熄灭，A闪亮一下再熄灭二、双项选择题（每小题4分，共16分选对一个得2分，错选、多选不得分）11（4分）如
5、图所示，电阻为R的金属棒从图示位置ab分别以v1，v2的速度沿光滑导轨（电阻不计）匀速滑到ab位置，若v1：v2=1：2，则在这两次过程中（）A回路电流I1：I2=1：2B产生的热量Q1：Q2=1：2C通过任一截面的电量q1：q2=1：2D外力的功率P1：P2=1：212（4分）为探究理想变压器原、副线圈电压、电流的关系，将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接相同的灯泡L1、L2，电路中分别接了理想交流电压表V1、V2和理想交流电流表A1、A2，导线电阻不计，如图所示当开关S闭合后（）AA1示数变大，A1与A2示数的比值不变BA1示数变大，A1与A2示数的比值变大CV2示数变小
6、，V1与V2示数的比值变大DV2示数不变，V1与V2示数的比值不变13（4分）一个柔软的闭合导线，随意放在光滑的水平桌面上，如图所示现将条形磁铁垂直与桌面对准闭合导线向下运动，将会发生的现象是（）A若N极在下，S极在上，则闭合导线张紧B若N极在下，S极在上，则闭合导线收缩C若S极在下，N极在上，则闭合导线张紧D若S极在下，N极在上，则闭合导线收缩14（4分）如图，理想变压器原副线圈匝数之比为4：1，原线圈接入一电压为u=U0sint的交流电源，副线圈接一个R=27.5的负载电阻若U0=220V，=100 rad/s，则下述结论正确的是（）A副线圈中输出交流电的周期为 sB副线圈中电压表的读数为
7、55VC原线圈中电流表的读数为0.5AD原线圈中的输入功率为110W三、填空试验题（每空2分，共16分）15（6分）如图所示是“研究电磁感应现象”的实验装置将图中所缺导线补接完整如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后，将原线圈迅速插入副线圈时，电流计指针将；原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器滑片迅速向左移动时，电流计指针将（填右偏或左偏）16（6分）把一个用丝线悬挂的铅球放在电路中的线圈上方，如图所示，在下列三种情况下，悬挂铅球的丝线所受的拉力与铅球不在线圈上方时比较：当滑动变阻器的滑动头向右移动时，拉力当滑动头向左移动时，拉力当滑动头不动时（填“变大”、“不变”或“变
8、小”）17（2分）磁感强度是0.8T的匀强磁场中，有一根跟磁感线垂直、长0.2m的直导线，以4m/s的速度、在跟磁感线和直导线都垂直的方向上做切割磁感线的运动，则导线中产生的感应电动势的大小等于V18（2分）某小型实验水电站输出功率是20kw，输电线路总电阻是6，当采用1000v的电压输电时，输电线路损耗的功率为W四、计算题（解答应写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值的计算题答案中必须写出明确的数值和单位，共38分）19（10分）如图甲所示，有一面积S=100cm2，匝数n=100匝的闭合线圈，电阻为R=10，线圈中磁场变化规律如图乙所示，磁场方向垂直纸面向
9、里为正方向，求：（1）t=1s时，穿过每匝线圈的磁通量为多少？（2）t=2s内，线圈产生的感应电动势为多少？20（14分）一个电阻为r、边长为L的正方形线圈abcd共N匝，线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴OO以如图所示的角速度匀速转动，外电路电阻为R（1）线圈转动过程中感应电动势的最大值是多少（2）电流表和电压表的示数各是多少（3）从图示位置开始，线圈转过90的过程中通过R的电量是多少？21（14分）如图所示，有两根足够长、不计电阻，相距L的平行光滑金属导轨cd、ef与水平面成角固定放置，底端接一阻值为R的电阻，在轨道平面内有磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直轨道平面斜向上现
10、有一平行于ce、垂直于导轨、质量为m、电阻不计的金属杆ab，在沿轨道平面向上的恒定拉力F作用下，从底端ce由静止沿导轨向上运动，当ab杆速度达到稳定后，撤去拉力F，最后ab杆又沿轨道匀速回到ce端已知ab杆向上和向下运动的最大速度v相等求：（1）杆ab最后回到ce端的速度v（2）拉力F云南省西双版纳州景洪四中2014-2015学年高二下学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（每小题3分，共30分）1（3分）关于电路中感应电动势的大小，下列说法中正确的是（）A穿过电路的磁通量越大，感应电动势就越大B电路中磁通量改变量越大，感应电动势越大C电路中磁通量改变越快，感应电动势越大D若电路中某时刻
11、磁通量为零，则该时刻感应电动势一定为零考点：法拉第电磁感应定律 分析：由磁生电的现象叫电磁感应现象，由电生磁的现象叫电流的磁效应只有当线圈的磁通量发生变化时，才会有感应电流出现，而感应电流的大小则是由法拉第电磁感应定律来得解答：解：A、穿过电路的磁通量越大，不能得出磁通量的变化率越大，所以感应电动势不一定越大故A错误；B、电路中磁通量的改变量越大，不能得出磁通量的变化率越大，所以感应电动势不一定越大故B错误；C、电路中磁通量变化越快，即磁通量的变化率大，所以感应电动势一定越大，故C正确；D、若电路中某时刻磁通量为零，但磁通量的变化率不一定为零，则该时刻感应电流不一定为零，故D错误；故选：C点评
12、：当电阻一定时，感应电流的大小与感应电动势成正大，而感应电动势却由磁通量的变化率决定，与磁通量大小及磁通量变化大小均无关2（3分）两个完全相同的电热器，分别通有如图所示的交变电流，则它们的功率之比为（）A4：1B1：C2：1D：1考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系 专题：交流电专题分析：研究交流电的功率要用有效值左图电流的有效值为I1=Im右图有效值根据有效值的定义求解，再功率P=I2R求解功率之比解答：解：左图电流的有效值为I1=Im右图是正弦式电流，有效值为I2=由P=I2R得P1：P2=Im2R：（Im）2R=2：1故选C点评：求解交流电的功率要用交流电的有效值，对于正弦式电流有I=
13、，对于其他交流电，要根据电流的热效应求出有效值3（3分）如图所示，有一固定的超导体圆环（没有电阻），在其右侧放着一条形磁铁，此时圆环中没有电流，当把磁铁向右方移走时，由于电磁感应，在超导体圆环中产生了一定的电流，则（）A这电流的方向如图中箭头所示，磁铁移走后，这电流很快消失B这电流的方向如图中箭头所示，磁铁移走后，这电流继续维持C这电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁移走后，这电流很快消失D这电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁移走后，这电流继续维持考点：楞次定律 专题：电磁感应与电路结合分析：当条形磁铁离开线圈时，导致线圈的磁通量发生变化，出现感应电动势，从而形成感应电流根据楞次定律可确定感应电
14、流的方向，同时还可以确定磁铁靠近带电圆环排斥，远离时吸引，从而即可求解解答：解：当条形磁铁N极远离线圈时，向左的磁通量减小，根据楞次定律：增反减同；由右手螺旋定则可知，圆环有顺时针电流（从右向左看），因此产生与图示相反方向的电流，由于超导体圆环没有电阻，所以磁铁的离去后，感应电流将不会消失，故D正确，ABC错误；故选：D点评：本题考查了楞次定律的应用，正确理解楞次定律阻碍的含义是正确解题的关键另外要注意的是本题中的圆环是超导圆环，没有电阻4（3分）关于线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流，下列说法中正确的是（）A线圈每经过中性面一次，感应电流方向改变一次，感应电动势方向不变B线圈平面每经过中性面
15、一次，感应电流和感应电动势方向都要改变一次C线圈每转动一周，感应电流方向就改变一次D线圈转动一周，感应电流和感应电动势方向都只改变一次考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理 专题：交流电专题分析：感应电动势方向即为感应电流方向当线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流时，线圈平面每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，转动一周，感应电流方向改变两次解答：解：A、当线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流时，线圈平面每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，故A错误，B正确；C、转动一周，两次经过中性面，故感应电流方向改变两次故CD错误；故选：B点评：本题考查中性面特点：线圈平面
16、每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，转动一周，感应电流方向改变两次5（3分）如图所示是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的（）A周期是0.01sB最大值是311VC有效值是311VD表达式为u=220sin100t（V）考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率 专题：交流电专题分析：从图象可读出电压的最大值、周期，继而求出电压的有效值、角速度，写出电压瞬时值的表达式解答：解：从图象可知，交流电电压的最大值为311V，周期0.02s，所以电压有效值为=220V，角速度=100 rad/s，表达式为u=311sin100t（V），综上分析知B正确；故选B点评：本题题
17、干图象考查了正弦交流电的峰值、有效值、周期和瞬时值表达式，难度不大6（3分）如下图所示，属于交流电的是（）ABCD考点：交变电流 专题：交流电专题分析：直流电是指电流的方向不发生变化的电流，其大小可以变化，交流电是指电流的方向发生变化的电流，但是它的电流的大小可以不变解答：解：交流电是指电流的方向发生变化的电流，电流的大小是否变化对其没有影响，电流的方向变化的是C，故C是交流电，ABD是直流电故选C点评：交流电的最大的特点是电流方向在不断的变化，对于其大小是否变化没有要求7（3分）某交流发电机工作时的电动势为e=Emsint，如果将其电枢的转速提2014-2015学年高一倍，同时将电枢所围面积
18、减小一半，其它条件不变，则其电动势变为（）Ae=EmsintBe=4Emsin2tCe=Emsin2tDe=4Emsint考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式 专题：交流电专题分析：根据交流发电机工作时的电动势最大值表达式，求出电枢的转速提2014-2015学年高一倍，电枢所围面积减小一半时感应电动势最大值，再写出电动势的表达式解答：解：交流发电机工作时的电动势最大值表达式Em=NBS，将发电机电枢的转速提2014-2015学年高一倍，同时将电枢所围面积减小一半，电动势最大值表达式Em=NB2=NBS=Em，角速度为=2，则其电动势变为e=Emsin2t故选C点评：本题关键要掌握电动势最大值
19、表达式Em=NBS基本题8（3分）理想变压器原、副线圈的匝数比为4：1，原线圈接在u=220sin100t V的交流电源上，副线圈所接的负载电阻是11，则副线圈中电流大小是（）A5AB11AC20AD55A考点：变压器的构造和原理 专题：交流电专题分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值，再根据电压与匝数成正比求得副线圈电压，根据欧姆定律求解副线圈电流解答：解：由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为311V，所以原线圈电压的有效值为：U1=220V根据电压与匝数成正比得：U2=55V则副线圈电流为：I2=5A故选：A点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的
20、关系即可解决本题9（3分）如图所示，一宽40cm的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里一边长为20cm的正方形导线框位于纸面内，以垂直于磁场边界的恒定速度v=20cm/s通过磁场区域在运动过程中，线框有一边始终与磁场区域的边界平行，取它刚进入磁场的时刻t=0，在下图所示的图线中，能正确反映感应电流随时间变化规律的是（）ABCD考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律 专题：电磁感应与电路结合分析：根据楞次定律判断感应电流的方向由感应电动势公式和欧姆定律分别研究各段感应电流的大小，再选择图象解答：解：线框进入磁场过程：时间t1=1s，根据楞次定律判断可知感应电流方向是逆时针方向，感应
21、电流大小I=不变线框完全在磁场中运动过程：磁通量不变，没有感应产生，经历时间t2=1s线框穿出磁场过程：时间t3=1s，感应电流方向是顺时针方向，感应电流大小I=不变故选C点评：本题分三个过程分别研究感应电流大小和方向，是电磁感应中常见的图象问题，比较简单10（3分）如图所示，A、B两灯相同，L是带铁芯的电阻可不计的线圈，下列说法中正确的是（）A开关K合上瞬间，A灯先亮 B灯后亮BK合上稳定后，A、B同时亮着CK断开瞬间，A、B同时熄灭DK断开瞬间，B立即熄灭，A闪亮一下再熄灭考点：自感现象和自感系数 分析：开关K闭合的瞬间，电源的电压同时加到两灯的两端，两灯同时发光由于线圈的电阻可以忽略，灯
22、A逐渐被短路，随后A灯变暗，B灯变亮断开开关K的瞬间，B灯立即熄灭，A灯突然闪亮一下再熄灭解答：解：AB、开关K闭合的瞬间，两灯同时获得电压，所以A、B同时发光由于线圈的电阻可以忽略，灯A逐渐被短路，流过A灯的电流逐渐减小最后熄灭，B灯电流逐渐增大，所以K合上稳定后，A熄灭、B亮着故A错误，B错误；CD、断开开关K的瞬间，B灯的电流突然消失，立即熄灭，流过线圈的电流将要减小，产生自感电动势，相当电源，自感电流流过A灯，所以A灯突然闪亮一下再熄灭，故C错误，D正确故选：D点评：对于自感线圈，当电流变化时产生自感电动势，相当于电源，当电路稳定时，相当于导线，将所并联的电路短路二、双项选择题（每小题
23、4分，共16分选对一个得2分，错选、多选不得分）11（4分）如图所示，电阻为R的金属棒从图示位置ab分别以v1，v2的速度沿光滑导轨（电阻不计）匀速滑到ab位置，若v1：v2=1：2，则在这两次过程中（）A回路电流I1：I2=1：2B产生的热量Q1：Q2=1：2C通过任一截面的电量q1：q2=1：2D外力的功率P1：P2=1：2考点：导体切割磁感线时的感应电动势；法拉第电磁感应定律；电磁感应中的能量转化 专题：电磁感应功能问题分析：回路中感应电流为 I=，E=BLv，即可求解回路电流I1：I2根据焦耳定律求解热量之比根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电量公式q=It，求解电荷量之比外力的功率等
24、于回路中的电功率，由P=EI求解外力的功率之比解答：解：A、回路中感应电流为：I=，Iv，则得：I1：I2=v1：v2=1：2故A正确B、产生的热量为：Q=I2Rt=（）2R=，Qv，则得：Q1：Q2=v1：v2=1：2故B正确C、通过任一截面的电荷量为：q=It=t=，q与v无关，则得：q1：q2=1：1故C错误D、由于棒匀速运动，外力的功率等于回路中的功率，即得：P=I2R=（）2R，Pv2，则得：P1：P2=1：4，故D错误故选：AB点评：本题是电磁感应中的电路问题，关键要掌握感应电流与热量、电荷量、热量和功率的关系，属于基础性问题12（4分）为探究理想变压器原、副线圈电压、电流的关系，
25、将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接相同的灯泡L1、L2，电路中分别接了理想交流电压表V1、V2和理想交流电流表A1、A2，导线电阻不计，如图所示当开关S闭合后（）AA1示数变大，A1与A2示数的比值不变BA1示数变大，A1与A2示数的比值变大CV2示数变小，V1与V2示数的比值变大DV2示数不变，V1与V2示数的比值不变考点：变压器的构造和原理；欧姆定律 专题：压轴题分析：和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，在根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况解答：解：由于理想变压器原线圈接到电
26、压有效值不变，则副线圈电压不变，V2示数不变，V1与V2示数的比值不变，C错误、D正确开关S闭合后，变压器副线圈的负载电阻减小，V2不变，由欧姆定律可得A1示数变大，由于理想变压器P2=P1，V1与V2示数的比值不变，所以A1与A2示数的比值不变，A正确、B错误所以AD正确故选AD点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法13（4分）一个柔软的闭合导线，随意放在光滑的水平桌面上，如图所示现将条形磁铁垂直与桌面对准闭合导线向下运动，将会发生的现象是（）A若N极在下，S极在上，则闭合导线张紧B若N极在下，
27、S极在上，则闭合导线收缩C若S极在下，N极在上，则闭合导线张紧D若S极在下，N极在上，则闭合导线收缩考点：楞次定律 专题：电磁感应与电路结合分析：解本题时应该掌握：楞次定律的理解、应用在楞次定律中线圈所做出的所有反应都是阻碍其磁通量的变化如：感应电流磁场的磁通量、面积、速度、受力等解答：解：根据楞次定律可知：当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，闭合导体环内的磁通量增大，因此线圈做出的反应是面积有收缩的趋势，同时将远离磁铁，与条形磁铁的磁极方向无关，选项A、C错误，B、D正确，故选：BD点评：本题从力、运动的角度考察楞次定律，思维含量高，考察角度新颖在该题中要注意的是线圈做出的反应是面积有收缩的
28、趋势，与条形磁铁的磁极方向无关14（4分）如图，理想变压器原副线圈匝数之比为4：1，原线圈接入一电压为u=U0sint的交流电源，副线圈接一个R=27.5的负载电阻若U0=220V，=100 rad/s，则下述结论正确的是（）A副线圈中输出交流电的周期为 sB副线圈中电压表的读数为55VC原线圈中电流表的读数为0.5AD原线圈中的输入功率为110W考点：变压器的构造和原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率 专题：交流电专题分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论解答：解：A、变压器不会改变电流的周期，电流的周期为T=0.02s，所
29、以A错误B、由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为220V，所以原线圈的电压的有效值为220V，再根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为55V，即为电压表的读数，所以B正确C、副线圈的电流为=2A，根据电流与匝数成反比可得，原线圈的电流大小为0.5A，所以C正确D、变压器的输入功率和输出功率相等，副线圈的功率为P=1512.5W，所以原线圈中的输入功率也为1512.5W，所以D错误故选：BC点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题三、填空试验题（每空2分，共16分）15（6分）如图所示是“研究电磁感应现象”的实验装置将图中所缺导线补接完整
30、如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后，将原线圈迅速插入副线圈时，电流计指针将向右偏转；原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器滑片迅速向左移动时，电流计指针将向左偏转（填右偏或左偏）考点：研究电磁感应现象 专题：实验题分析：探究电磁感应现象实验电路分两部分，电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路，灵敏电流计与副线圈组成另一个闭合电路磁场方向不变，磁通量的变化不变时电流方向不变，电流表指针偏转方向相同，磁通量的变化相反时，电流表指针方向相反解答：解：探究电磁感应现象实验电路分两部分，要使原线圈产生磁场必须对其通电，故电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路，灵敏电流计与
31、副线圈组成另一个闭合电路，如图所示：闭合开关，穿过副线圈的磁通量增大，灵敏电流表的指针向右偏；将原线圈迅速插入副线圈时，磁场方向不变，穿过副线圈的磁通量增大，灵敏电流计指针将向右偏转原线圈插入副线圈后，由电路图可知，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，原线圈电流变小，穿过副线圈的磁场方向不变，但磁通量变小，灵敏电流计指针将左偏转故答案为：电路图如图所示；向右偏转，向左偏转点评：本题考查研究电磁感应现象及验证楞次定律的实验，对于该实验注意两个回路的不同知道磁场方向或磁通量变化情况相反时，感应电流反向是判断电流表指针偏转方向的关键16（6分）把一个用丝线悬挂的铅球放在电路中
32、的线圈上方，如图所示，在下列三种情况下，悬挂铅球的丝线所受的拉力与铅球不在线圈上方时比较：当滑动变阻器的滑动头向右移动时，拉力变小当滑动头向左移动时，拉力变大当滑动头不动时不变（填“变大”、“不变”或“变小”）考点：楞次定律 专题：电磁感应与电路结合分析：首先，根据右手螺旋定则和电流方向，判断出线圈上方是N极当滑动变阻器的滑动头向右移动时，电阻变小，电流变大，所以线圈内向上的磁通量变大，为了保持平衡，铅球被感应出了向下的磁通量，根据北出入南，所以铅球下端是N极，所以有斥力当然拉力就变小了解答：解：（1）铅球相当于闭合的线圈，当滑动变阻器的滑动头向右移动时，电流增大磁场增强，由楞次定律可知线圈与
33、铅球互相排斥，则拉力变小；（2）理由类似于上面，由于电流减小，由楞次定律可知线圈与铅球互相吸引，则拉力变大；（3）同理，滑动变阻器的滑动端不移动时，电流没有变化，则铅球没有感应电流出现，则拉力不变，故答案为：变小，变大，不变点评：考查楞次定律与闭合电路欧姆定律的应用，注意磁体内外的磁场线方向不一样外北出入南，内相反可以参照电池内外的电场线方向17（2分）磁感强度是0.8T的匀强磁场中，有一根跟磁感线垂直、长0.2m的直导线，以4m/s的速度、在跟磁感线和直导线都垂直的方向上做切割磁感线的运动，则导线中产生的感应电动势的大小等于0.64V考点：导体切割磁感线时的感应电动势 专题：电磁感应与电路结
34、合分析：已知磁感应强度、速度与导线长度，应用E=BLv可以求出感应电动势解答：解：感应电动势：E=BLv=0.80.24=0.64V；故答案为：0.64点评：本题考查了求感应电动势，应用公式E=BLv可以解题，本题是一道基础题18（2分）某小型实验水电站输出功率是20kw，输电线路总电阻是6，当采用1000v的电压输电时，输电线路损耗的功率为2400W考点：远距离输电 专题：交流电专题分析：利用高压输电中：电流等于输送的功率比输电电压，损耗的功率等于电流的平方乘以输电线电阻解答：解：由公式知输电线上的电流强度I=20A；由公式输电线路损耗功率P=I2R=2026=2400W故答案为：2400点
35、评：做高压输电的题目，要会画线路图，明确各物理量的意义，知道输电功率和损耗的不同四、计算题（解答应写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值的计算题答案中必须写出明确的数值和单位，共38分）19（10分）如图甲所示，有一面积S=100cm2，匝数n=100匝的闭合线圈，电阻为R=10，线圈中磁场变化规律如图乙所示，磁场方向垂直纸面向里为正方向，求：（1）t=1s时，穿过每匝线圈的磁通量为多少？（2）t=2s内，线圈产生的感应电动势为多少？考点：法拉第电磁感应定律 专题：交流电专题分析：（1）在Bt图中同一条直线磁通量的变化率是相同的由=BS可求出磁通量的大小；（2
36、）根据法拉第电磁感应定律可求出感应电动势解答：解：（1）t=1s时，B=0.1T，穿过线圈的磁通量为：=BS=0.1100104=1103Wb；（2）根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势：E=n=n=100=0.1V；答：（1）t=1s时，穿过每匝线圈的磁通量为1103Wb；（2）t=2s内，线圈产生的感应电动势为0.1V点评：解决本题的关键熟练掌握磁通量表达式的应用，在求电荷量时用电动势的平均值，并掌握法拉第电磁感应定律的内容20（14分）一个电阻为r、边长为L的正方形线圈abcd共N匝，线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴OO以如图所示的角速度匀速转动，外电路电阻为R（1）
37、线圈转动过程中感应电动势的最大值是多少（2）电流表和电压表的示数各是多少（3）从图示位置开始，线圈转过90的过程中通过R的电量是多少？考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系；闭合电路的欧姆定律 专题：交流电专题分析：（1）根据Em=nBS求出感应电动势的峰值，从中性面开始计时，瞬时电动势e=Emsint（2）电流表和电压表的示数都是有效值，先根据E=求解电动势的有效值，然后结合闭合电路欧姆定律求解；（3）根据法拉第电磁感应定律求出平均感应电动势，从而得出平均感应电流，根据q=t求出通过电阻R的电荷量解答：解：（1）最大值为：Em=NBS其中：S=L2故：Em=NBL2（2）感应电动势的有效值为
38、：E=NBL2故电流为：I=电压表读数为：U=IR=（3）根据闭合电路欧姆定律，有：=故电量：q=答：（1）线圈转动过程中感应电动势的最大值为NBL2；（2）图中电流表的示数为，电压表的示数是；（3）从图示位置开始，线圈转过60的过程中通过R的电量是点评：本题关键明确瞬时值、有效值、最大值的求解方法，记住最大值公式Em=NBS，知道判断热效应用有效值21（14分）如图所示，有两根足够长、不计电阻，相距L的平行光滑金属导轨cd、ef与水平面成角固定放置，底端接一阻值为R的电阻，在轨道平面内有磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直轨道平面斜向上现有一平行于ce、垂直于导轨、质量为m、电阻不计的金属杆a
39、b，在沿轨道平面向上的恒定拉力F作用下，从底端ce由静止沿导轨向上运动，当ab杆速度达到稳定后，撤去拉力F，最后ab杆又沿轨道匀速回到ce端已知ab杆向上和向下运动的最大速度v相等求：（1）杆ab最后回到ce端的速度v（2）拉力F考点：导体切割磁感线时的感应电动势；共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律 专题：电磁感应中的力学问题分析：当导体棒上滑达到最大速度时，受重力、拉力、支持力和安培力处于平衡，根据平衡条件列出表达式，下滑时达到最大速度时，受重力、支持力和安培力处于平衡，根据平衡列出表达式，联立两式解出最大速度和拉力F解答：解：当ab杆沿导轨上滑达到最大速度v时，其受力如图所示：由平衡条件可知：FFBmgsin=0 又 FB=BIL 而联立式得：同理可得，ab杆沿导轨下滑达到最大速度时：联立两式解得：F=2mgsin 故杆ab最后回到ce端的速度，拉力F的大小为2mgsin点评：该题为电磁感应与动力学综合的问题，解决本题的关键理清导体棒的运动情况，知道达到最大速度时，加速度为零，处于平衡状态