1、1滕州一中物理高二单元检测答案 一、选择题：（本题 12 小题，每小题 4 分，共 48 分。其中 18 为单选题，9-12 为多选题。其中多选题选对但不全给 2 分，错选或不选给 0 分。）1.C 2.C 解析：由题意可知：1122-=32EEh；能使氢原子从基态电离的光子的最小频率满足：10Eh，解得：365vv，3.C 解析：摆钟走时快了说明摆的周期变短了，需要增大单摆的周期，根据单摆的周期公式 T2lg可知，必须增大摆长，才可能使其走时准确，故 A 错误；火车过桥时要减速是为了防止桥发生共振，不是防止火车发生共振，故 B 错误；挑水的人由于行走，使扁担和水桶上下振动，当扁担与水桶振动的
2、固有频率等于人迈步的频率时，发生共振，水桶中的水溢出，挑水时为了防止水从水桶中荡出，可以加快或减慢走路的步频，故 C 正确；停在海面的小船上下振动，是受迫振动，故 D 错误 4.D 解析：A.根据爱因斯坦光电效应方程0kEhW 可知电子的初动能与光的频率有关，与光电管两端电压无关，故 A 错误；B.根据爱因斯坦光电效应方程得00()kEhWh，由动能定理得kmmEEeU，到达阳极 A 的光电子最大动能为0()kmEheU，故 B 错误；C.若将滑片 P 向右滑动，则光电管加的是正向电压，且随滑片 P 右滑，AK 间电压增大，会导致光电流增大，但当光电流达到饱和值后，再增大电压，电流不再变化，故
3、 C 错误；D.将电源正负极对调，则光电管加的是反向电压，若使光电流为零，由动能定理得0kUeE遏止，00()kEhWh，解得0()hUe遏止，故 D 正确。5.C 解析：由图乙 y-t 图像知，周期 T=0.20s，且在 t=0.10s 时 Q 点在平衡位置沿 y负方向运动，可以推断波没 x 负方向传播，且传播了 6m，所以 C 正确；t=0.05s 时，质点Q 图甲所示正的最大位移处，又因加速度方向与位移方向相反，大小与位移的大小成正比，所以此时 Q 的加速度达到负向最大，所以 A 错（也可直接从图乙 y-t 图像分析得出）；由于波向负方向传播，可知在 t=0.10s 时，质点 P 正在向
4、上运动，B 错误振动的质点在 t=1T 内，质点运动的路程为 4A；t=T/2，质点运动的路程为 2A；但 t=T/4，质点运动2的路程不一定是 1A；t=3T/4，质点运动的路程也不一定是 3A本题中从 t=0.10s 到t=0.25s 内，t=0.15s=3T/4，P 点的起始位置既不是平衡位置，又不是最大位移处，所以在 3T/4 时间内的路程不是 30cm，D 错 6.C 7.D 8.C 解析：题图乙是振子自由振动时的振动图线，振子的固有周期为 T04 s，振幅为4 cm，故 A、B 错误；当驱动力的频率等于振子的固有频率时，振子的振动达到最强，故当T 在 4 s 附近时，振幅显著增大，
5、当 T 比 4 s 小很多或大得很多时，Y 很小，故 C 正确，D错误 9.AC 解析：如图甲，一重原子核衰变成a 粒子和另一原子核，该过程释放核能，生成的产物更稳定，因此衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能，故 A 正确；如图乙，铀核裂变的核反应方程可能是：1235140941092543802nUXeSrn用中子轰击铀核才能发生反应，故 B 错误；如图丙，原子核衰变过程系统动量守恒，由动量守恒定律可知，衰变生成的两粒子动量方向相反，粒子速度方向相反，由左手定则知：若生成的两粒子电性相反则在磁场中的轨迹为内切圆，若电性相同则在磁场中的轨迹为外切圆，所以为电性相同的粒子，可能发生的是
6、衰变，由左手定则可知，两粒子都沿顺时针方向做圆周运动，C 正确。D 观察到粒子数量最多的应是 3 处。10.AB 解析：由图线、可知在光的颜色不变的情况下，入射光越强，饱和电流越大，故 A 正确；根据光电效应方程知，Ekm=hv-W0=eUc，可知入射光频率越大，最大初动能越大，遏止电压越大，可知对于确定的金属，遏止电压与入射光的频率有关，与入射光的强度无关，故 B 正确；根据 Ekm=hv-W0=eUc，遏止电压越大，说明从该金属中逸出的光电子的最大初动能越大，选项 C 错误；发生光电效应的条件是入射光的频率大于极限频率，与入射光的强度无关，故 D 错误。11.BD 解析：A B在同一时刻观
7、察时，越先激起的波纹扩散开来的半径越大，因 C的半径大于 A 的半径，说明蜻蜓第一次点水处为 C 点，故蜻蜓是从右往左飞行；C D蜻蜓从 C 点飞到 B 点时间内，C 水波纹扩散开来的速度大于 CB 距离，说明蜻蜓飞行的速度小于水波传播的速度，故 C 错误，D 正确。12.BD 3二、填空题（本题有 2 道小题，每空 2 分，共 16 分）13、答案(1)弹簧的弹力和重力沿斜面方向分力的合力(或弹簧弹力、重力和斜面支持力的合力)(2)0.4 (3)F1F22k 解析(1)对滑块进行受力分析，弹簧的弹力和重力沿斜面方向分力的合力提供回复力(2)由题图可以看出周期为 0.4 s.(3)根据胡克定律
8、：F1kx,F2kx 振幅 Axx2F1F22k.14.答案(1)AC (2)12.0 0.9930 (3)42y2y1(x2x1)(4)不变 解析(1)在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，是为了防止摆动过程中摆长发生变化；如果需要改变摆长来探究摆长与周期关系时，方便调节摆长；故 A 正确，C 正确；(2)该摆球的直径为 12 mm0.01 mm012.0 mm，单摆摆长 l 为 0.999 0 m6.0 mm 0.993 0 m.(3)根据单摆的周期公式 T2lg，即 T242g l 有：y142g x1；y242g x2 联立解得：g 42y2y1
9、(x2x1)(4)单摆摆长等于摆线长度与摆球半径之和，把摆线长度作为单摆摆长小于实际摆长，则t2L 图象不过原点，在纵轴上截距不为零，但斜率仍然不变，故 g 也不变 三、解答题 15（7 分）(1)9.78 m/s2(2)7.02 s 解析(1)周期 Ttn284100 s2.84 s(1 分)由周期公式 T2lg(2 分)得 g42lT2 43.14222.842 m/s29.78 m/s2.(1 分)(2)T2lg23.1421.60 s7.02 s(3 分，公式 2 分，结果 1 分)16.(1)2 cm(2)变大 变小 变小 变大(3)34 cm 解析(1)由题图可知质点做简谐运动的振
10、幅 A2 cm，周期 T2102 s，振动方程为 xAsin(t2)Acos t2cos 22102t cm2cos 100t cm（2 分）4当 t0.25102 s 时，x2cos4 cm 2 cm.（1 分）(2)由题图可知在 1.5102 2102 s 的振动过程中，质点的位移变大，回复力变大，速度变小，动能变小，势能变大（全对 3 分，错 1 个 2 分，错 2 个 1 分，其余情况 0 分）(3)t0 时质点位于负向最大位移处，从 t0 至 8.5102 s 的时间内为174 个周期，（2 分）质点通过的路程为 s17A34 cm.（1 分）17.（1）226222488862Ra
11、Rn+He （2）6.05MeV （3）5.94MeV 解析：（1）核反应（衰变）方程为 226222488862RaRn+He.（3 分）（2）镭核衰变放出的能量为 226.02544.0026222.0163931.5MeV6.05MeVE（2 分）（3）镭核衰变时动量守恒，则由动量守恒定律可得 RnRn0mm（2 分）又根据衰变放出的能量转变为氡核和 粒子的动能，则 22RnRn1122Emm（2 分）联立以上两式可得：2RnRn12226.05MeV5.94MeV22224mEmEmm（1 分）则放出粒子的动能为5.94MeV.18.(1)mg(2)mkxMmmg 解析(1)经过平衡位置时，回复力为 0，对于 A 有：Ff0mg(2 分)(2)在平衡位置时 对于 A、B 组成的系统有：kx0(mM)g(2 分)向下离开平衡位置的位移为 x 时 对于 A、B 组成的系统有：k(x0 x)(mM)g(mM)a(2 分)则 kx(mM)a(1 分)对于 A 有：Ffxmgma(2 分)解得 Ffxmamg mkxmMmg(1 分)