1、高一物理参考答案 第 1页（共 6页）豫南九校 20192020 学年上期第三次联考高一物理参考答案一、选择题选择题（共 44 分，其中 16 题为单选题,每小题 4 分；710 题为多选题，每小题 5 分。每小题给出的四个选项中，有多个选项是正确的，全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分）1【答案】C【详解】A、力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因；故 A 错误；B、物体的速度大小与受力大小无关；速度很大的做匀速运动的物体受合力为零；故 B 错误；C、力是改变物体运动状态的原因，由牛顿第二定律可知，加速度的方向一定与合外力的方向一致；故 C 正确
2、；D、力是产生加速度的原因，物体具有加速度，一定受到力的作用，加速度的方向一定与合外力的方向一致；故 D 错误；故选：C。2【答案】D【详解】物体在前 2s 内沿负方向运动，后 2s 内沿正方向运动，速度方向相反；t=0 时物体从出发点出发，前 2s 物体沿负方向运动，t=2s 时离出发点最远，后沿正方向运动，t=4s 时回到出发点；物体在前 2s 内沿负方向运动，后 2s 内沿正方向运动，故错误，正确；t=0时物体从出发点出发，前 2s 物体沿负方向运动，t=2s 时离出发点最远，后沿正方向运动，图线与时间轴围成的面积表示位移，t=4s 时回到出发点，故 04s 内物体一直位于出发点负方向，
3、故错误，正确；故选 D。3【答案】C【详解】设汽车的初速度为 v0，加速度为 a则刹车后第 1s 内位移 x1=v0t1+12at12，代入数据得：9=v0+12a；第 2s 内的位移 x2=v0t2+12at22-v0t1-12at12，代入数据得：7=2v0+2a-v0-12a=v0+32a；解得：v0=10m/s，a=-2m/s2汽车刹车到停止所需的时间 000102 5则汽车刹车后 6s 内的位移等于 5s 内的位移，所以 02 102 5 25，故选 C.4【答案】D【详解】A、物体受110FN=，22FN=以及摩擦力处于平衡，根据平衡条件可知摩擦力的大小8fN=，方向水平向左，知物
4、体的运动方向向右，故 AB 正确；C、物体开始向右运动，撤去1F 后，由于物体受到的合力方向向左，故物体向右做减速运动；滑动摩擦力可以认为等于最大静摩擦力，减到零后，因为2Ff，所以减速到零后不再运动。所以撤去1F 后物体最终会停下，撤去 F2 后由于1Ff，所以撤去2F 后物体不会停下，故 C高一物理参考答案 第 2页（共 6页）正确，D 错误。故选 D5【答案】D【详解】线断以后对 B 分析，受重力，斜面对 B 的支持力，故 B 的合外力沿斜面向下，大小为 mgsin，加速度为 gsin，A、B、错；对 A，弹力大小瞬间不变，仍为 2mgsin，重力，故 A 的合力为 mgsin，方向向上
5、，加速度为 gsin，D 对。6.【答案】B【详解】以 B 点为研究对象，分析受力情况：重物的拉力 T（等于重物的重力 G）、轻杆的支持力 N 和绳子的拉力 F，作出受力图如图：由平衡条件得知，N 和 F 的合力与 T 大小相等，方向相反，根据三角形相似可得NFTABBOAO=又 T=G，解得：,ABBONG FGAOAO=使BAO 缓慢变小时，AB、AO 保持不变，BO 变小，则 N 保持不变，F 变小，即绳子越来越不容易断，AB 杆的弹力没有发生变化，故 B 正确 ACD 错误。7【答案】CD【详解】A、初速度为 0 的匀加速直线运动在连续相等的时间内位移比为 135，而题目中位移比为 2
6、34，故位置 1 不是小球释放的初始位置，故 A 错误；B、由图可知在连续相等的时间内物体的位移差等于恒量，能判定小球下落的运动是匀变速直线运动，故 B 错误；C、因为位置“3”所处的时刻是位置“2”和位置“4”所处的时刻的中点时刻，中间时刻的速度等于该段时间内的平均速度；故小球在位置 3 的速度 v3=72，故 C 正确；D、由图可知 1、2 之间的距离为 H1=2d，2、3 之间的距离为 H2=3d，3、4 之间的距离为 H3=4d，4、5 之间的距离为H4=5d，由于H=H4H3=H3H2=H2H1=d，即在连续相等的时间内物体的位移差等于恒量，故根据H=aT2，可求解出小球下落的加速度
7、为 a=2，故 D 正确。8【答案】BC【详解】当平行于斜面的水平力 F 作用于物块时，物块静止，没有下滑，当撤去力 F 时，它仍会静止，因为力 F 的方向是水平的，不影响竖直方向力的效果，故 A 是不对的；又由于物块放在斜面上时，一方面物块有向下滑的趋势，故它受到沿斜面向上的摩擦力，另一方面，物块还受到 F 的作用，有向右运动的趋势，故它还受到向左的摩擦力的作用，故斜面对物块高一物理参考答案 第 3页（共 6页）的摩擦力的方向是向左上方的；当撤去力 F 时，物块只受到沿斜面向上的摩擦力，故此时摩擦力的方向与大小均与有力 F 时不同，前者是两个力的合力，后者只是其中一个力的大小，故其大小是变小
8、的，B、C 是正确的。9【答案】CD【详解】以容器和小球整体为研究对象，分析受力可知：竖直方向有：总重力、地面的支持力，水平方向地面对半球形容器没有摩擦力。故 A 错误。对小球受力分析：重力 G、弹簧的弹力 F 和容器的支持力 N，如图所示，由平衡条件和几何关系可知，N=F=mg，故 B 错误；C 正确；由胡克定律得：弹簧的压缩量为 ，则弹簧的原长为 R+x=R+，故 D 正确。故选 CD。10【答案】ACD【详解】A、物体 m1 与车厢具有相同的加速度，对物体 m1 分析，受重力和拉力，根据合成法知，F 合=m1gtan，拉力1cosm gT=物体 m1 的加速度11tantanm gagm
9、=，所以车厢的加速度为 gtan故 A，C 正确。C、物体 m2 加速度为 gtan，对物体 m2 受力分析，受重力、支持力、拉力和摩擦力，支持力12cosm gNm g=，f=m2a=m2gtan故 B 错误、D 正确。二、实验题（11 题 8 分，12 题 6 分）11【答案】（1）（2 分）D（2）（2 分，漏选得 1 分，错选不得分）CD（3）（每空 1 分）2.504.00F【解析】（1）该实验采用了“等效法”，即用两个弹簧秤拉橡皮筋的效果和用一个弹簧秤拉橡皮筋的效果是相同的，即要求橡皮筋的形变量相同，故 ABC 错误，D 正确；故选 D。（2）A细线的作用是能显示出力的方向，所以不
10、必须等长，故 A 错误；B用弹簧秤同时拉细绳时，拉力不能太大，也不能太小，故 B 错误；C为减小实验误差，拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行，故 C 正确；D为了更加准确的高一物理参考答案 第 4页（共 6页）记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故 D 正确。（3）由图可知，弹簧秤的最小分度为 0.1N，则读得：1 2.50，2 4.00F 是通过作图的方法得到合力的理论值，在平行四边形的对角线上，而是通过一个弹簧称沿 AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到 O 点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，是1、2合力的实际值12【答案】
11、（每空 2 分）（1）BC（漏选得 1 分，错选不得分）（2）1.48（3）平衡摩擦力过度【解析】（1）A绳子的拉力可以通过拉力传感器测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，A 项错误；B为了使细绳对小车的拉力等于小车所受的合外力，需要平衡摩擦力，平衡摩擦力时应当将穿过打点计时器的纸带连在小车上，调整木板的倾斜度，让小车拖着纸带做匀速直线运动，同时要调整木板上滑轮的高度使细绳与木板平行，B 项正确；C本实验采用的是控制变量法，要研究小车加速度与力的关系，必须保持小车的质量不变，C 项正确；D实验中拉力通过拉力传感器测出，不需要满足砂和砂桶的质量远小于小车的质量，D 项错误。（2）已知打点计时器电
12、源频率为 50Hz，则纸带上相邻计数点间的时间间隔为 T=50.02s=0.1s,根据x=aT2 可得:xCE-xAC=a(2T)2，小车运动的加速度为a=2-4CEACxxT=222.56-8.32-8.324 0.110-2 m/s2=1.48 m/s2。（3）由图像可知，a-F 图像在 a 轴上有截距，这是由于平衡摩擦力过度造成的。即在实际操作中，平衡摩擦力时斜面倾角过大，即平衡摩擦力过度。三、解答题（共 42 分）13（9 分）【答案】（1）10s（2）t=6s36m【解析】（1）设经1秒，汽车追上自行车21 11 ，2 分求得1 10s，故经过 10s 两车第一次相遇；1 分（2）在
13、两车第二次相遇前，当两车的速度相等时，相距最远取速度方向为正方向，则汽车刹车加速度a=-2m/s2,设经过 秒两车的速度相等，1 2 ，2 分解得：t=6s 1 分所以：汽 自 2 12 2 1 36m；即两车最大距离为 36m 3 分14【答案】（10 分）（1）90N高一物理参考答案 第 5页（共 6页）（2）346N；372N【解析】（1）对O 点进行受力分析，可知O 受到 B 的拉力，A 的拉力以及左侧绳子的拉力，受力如图根据平衡条件可得：13tan3712 10N90N4BFm g=3 分（2）物体 A 受到重力、斜面支持力、绳子的拉力以及斜面的摩擦力，设摩擦力的方向沿斜面向上，受力
14、如图：垂直于斜面的方向：1sin37cos37AFNm g+=2 分沿斜面的方向：1sin37cos37Am gFf+=2 分联立解得：346NN=1 分372Nf=1 分根据牛顿第三定律可知，A 对斜面得压力为 346N 1 分15【答案】(10 分)（1）v=10m/s（2）3s【解析】高一物理参考答案 第 6页（共 6页）（1）由牛顿第二定律得：cos300%2 分支持力：sin300 2 分摩擦力：%*1 分联立解得：10 33m/s2 1 分最大速度：2 10m/s1 分（2）撤去推力 F 之后的加速度：*10 33m/s2 2 分运动时间：3s1 分16【答案】（1）1.25m（2
15、）4m【解析】（1）货物从 A 处开始做匀加速运动，设加速度为 a1，由牛顿第二定律得mgcos-mgsin=ma1 2 分代入数据得a1=2.5 m/s2 1 分匀加速运动的时间 112.512.5vtsa=1 分位移112.5 11.2522vxtm=2 分（2）在 t=12s 内，货物随传送带一起匀速的位移为 x2=v（t-t1）=2.5（2-1）=2.5m 1 分传送带停止转动后，货物匀减速运动到 B 端，速度刚好为 0设加速度大小为 a2。所以 mgcos+mgsin=ma2 2 分代入数据得 a2=12.5 m/s21 分匀减速的位移为 x3=2222 522 12.5va=0.25m 2 分则传送带底端 A 与顶端 B 的距离 L=x1+x2+x3=4m 1 分