1、电容器和电容1、某电容器标注的是“ ”则下列说法中正确的是( )A.该电容器的额定电压为400 VB.该电容器的击穿电压为400 VC.该电容器接在200 V的电压两端时，电容为D.不管哪类电容器，都不用考虑引出线与电源的哪个极相连2、下列关于电容器及其电容的叙述正确的是( )A.任何两个彼此绝缘而又相互靠近的导体,都可以组成电容器B.电容器所带的电荷量是指每个极板所带电荷量的代数和C.电容器的电容与电容器所带电荷量成正比D.电容器A的电容比B的大,说明A的带电荷量比B多3、某平行板电容器的电容为C,带电荷量为Q,相距为d,今在板间中点放一个电荷量为q的点电荷,则它受到的电场力大小为( )A.
2、 B. C. D.4、对于给定的电容器，描述其电容C、电荷量Q、电压U之间相应关系的图正确的是( )5、板间距为d的平行板电容器所带电荷量为Q时,两极板间的电势差为U1,板间场强为E1.现将电容器所带电荷量变为2Q,板间距变为0.5d,其他条件不变,这时两极板间电势差为U2,板间场强为E2,下列说法正确的是( )A.U2=U1,E2=E1 B.U2=2U1,E2=4E1 C.U2=U1,E2=2E1 D.U2=2U1,E2=2E16、如图所示电路中,关于平行板电容器的充、放电,下列说法正确的是()A.开关接1时,平行板电容器充电,且上极板带正电B.开关接1时,平行板电容器充电,且上极板带负电C
3、.开关先接1,之后断开,开关接2时,平行板电容器放电,且上极板带正电D.开关先接1,之后断开,开关接2时,平行板电容器放电,且上极板带负电7、如图所示为某一电容器所带电荷量和两端电压之间的关系图线,若将该电容器两端的电压从40V降低到36V,下列说法正确的是()A.该过程是充电过程B.该过程是放电过程C.电容器的电容为5.010-2FD.该过程中电容器的电荷量变化量为0.02C8、如图所示,当待测物体在左右方向发生位移时, 电介质板随之在电容器两极板之间移动。如果测出了电容的变化,就能知道物体位移的变化。若电容器的电容变大,则物体可能的变化是( )A.加速向右移动B.加速向左移动C.减速向右移
4、动D.减速向左移动9、如图所示，a和b为一电容器的两极板，a板接地，P和Q为两竖直放置且平行的金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球，P板与b板用导线相连，Q板接地。开始时悬线静止在竖直方向，在b板带电后，悬线的偏角为。在以下方法中，能使悬线的偏角减小的是（）A.缩小间的正对面积B.减小间的距离C.增大间的距离D.在两板间插入电介质（相对介电常数大于1）10、平行板电容器的两极板、接于电池两极,一带正电小球悬挂在电容器内部,闭合开关,电容器充电,这时悬线偏离竖直方向的夹角为,如图所示,则( )A.保持开关闭合,带正电的极板向极板靠近,则角增大B.保持开关闭合,带正电的极板向极板靠近,则角不变C
5、.开关断开,带正电的极板向极板靠近,则角增大D.开关断开,带正电的极板向极板靠近,则角不变11、如图,一平行板电容器的两个极板竖直放置,在两极板间有一带电小球,小球用一绝缘轻线悬挂于点。先给电容器缓慢充电,使两级板所带电荷量分别为和,此时悬线与竖直方向的夹角为.再给电容器缓慢充电,直到悬线和竖直方向的夹角增加到,且小球与两极板不接触。求第二次充电使电容器正极板增加的电荷量.12、如图所示，电池内阻可忽略。1.闭合开关S，求稳定后通过的电流；2.然后将开关S断开，求这以后流过的总电荷量 1答案及解析：答案：A解析：电容器外壳上标的是额定电压，这个数值比击穿电压低，故A正确， B错误，是电容器的电
6、容，与接入电容器的电压高低无关，故C错误;对于电解电容器，需考虑引出线的接法，故D错误。 2答案及解析：答案：A解析：任何两个彼此绝缘而又相互靠近的导体,都可以组成电容器,跟这两个导体是否带电无关,故A正确;电容器所带电荷量是单个极板上所带电荷量的绝对值,故B错误;电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量,和电容器所带电荷量多少无关,故C错误;根据Q=CU可知,电容器A的电容比B的大,A的带电荷量不一定比B多,还与电容器两端的电压有关,故D错误. 3答案及解析：答案：A解析：由电容的定义式得，板间电压为,板间场强大小为,点电荷所受的电场力大小为F=qE,联立得，故选A. 4答案及解析：答案：B解析
7、： 5答案及解析：答案：C解析：根据电容的决定式可知电容变为原来的2倍，根据电容定义式，带电荷量变为原来的2倍，电容也变为原来的2倍，可知电势差不变,根据场强关系,d变为原来的，所以场强变为原来的2倍，故A、B、D错误，C正确. 6答案及解析：答案：A解析：开关接1时,平行扳电容器充电,上极板与电源正极相连,所以带正电,故选项A正确,B错误;开关接2时,平行板电容器被导线短接而放电,两极板上电荷中和,均不带电,故选项CD错误。 7答案及解析：答案：BD解析：由Q=CU知,U降低,Q减小,故为放电过程,选项A错误,B正确;由,可知选项C错误; , 选项D正确。 8答案及解析：答案：BD解析：根据
8、电容的决定式，若电容器的电容变大,一定是插入的电介质多了,所以物体向左运动。 9答案及解析：答案：BCD解析：缩小间的正对面积，根据,可知电容减小.而所带电荷量Q不变，由，知两板间的电势差增大，所以两扳间的电势差增大，电场强度增大，则小球所受电场力增大，增大，故A错误；同理分析可得，减小间的距离或在两板间插入电介质，都能使减小，故BD正确；增 大间的距离，因为两板间的电势差不变，则两板间的电势差不变，得电场强度减小，小球所受电场力减小，减小， 故C正确。 10答案及解析：答案：AD解析：球在电场中平衡,则所受电场力、重力及绳的拉力的合力为零.由平衡条件得,故要判断的变化,只需判断电场强度E的变化即可.S闭合时,U不变,A向B靠近,d减小,由,可知E增大,角增大,故A正确;S断开,则Q不变,A向B靠近,E不变,则角不变,故D选项正确. 11答案及解析：答案：当小球偏转角时,小球处于平衡位置.设小球质量为,所带电荷量则有:设第二次充电使正极板上增加的电荷量为,此时小球偏转角,则联立以上两式得代入数据解得.解析： 12答案及解析：答案：1.电路稳定之后，电容器所在的支路上无电流通过，因此和串联，C两端的电压即为两端的电压，由欧姆定律得通过的电流2.C两端电压，C所带电荷量开关S断开稳定后，总电流为零，电容器两端电压为E，所带电荷量通过的电荷量，即为电容器增加的电荷量，解析：